K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

26 tháng 1 2017

Chọn D

n(ancol) = n(NaOH) = 0,24 mol → n(ancol phản ứng) = 0,24*80% = 0,192 mol

→ n(este) = n(H2O) =0,096 → m(ancol phản ứng) = m(ete) + m(H2O) = 6,816

→ M (ancol) = 35,5 → 2 ancol là CH3OH (0,18 mol) và C2H5OH (0,06 mol)

Trong E: n(H2O) = 0,66 mol → n(H) = 1,32 n(O) = 2n(NaOH) = 0,48 → n(C) = 0,66

Vậy đốt E thu được sản phẩm có n(CO2) = n(H2O) → E chứa các este no, đơn chức.

Số C = 0,66/0,24 = 2,75 → X là HCOOCH3

TH1: Y và Z đều có dạng RCOOC2H5

n(X) = 0,18, n(Y) + n(Z) = 0,06

n(CO2) = 0,18*2 + 0,06n = 0,66 → n = 5 (Loại vì Y, Z trùng  nhau)

TH2: X là HCOOCH3 (a), Y là RCH2COOCH3 (b) và Z là RCOOC2H5 (0,06)

→ n(CH3OH) = a + b =0,18 mol

→ m(khí) = 2a + (R+15)b + (R+1)*0,06 = 0,24*9 → Rb + 13b + (R+1)*0,06 = 1,8

→ 0,06(R+1) < 1,8 → R < 29 → R = 15 → a = 0,15 và b = 0,03

Vậy các chất trong R:

X: HCOOCH3 (0,15 mol); Y: C2H5COOCH3 (0,03 mol); Z: CH3COOC2H5 (0,06)

%X = 53,19%

13 tháng 3 2017

Đáp án C

X; Y; Z đều no, đơn chức, mạch hở.

3 tháng 10 2017

Đáp án C

 

19 tháng 2 2019

Chọn A

28 tháng 1 2018

Chọn đáp án C.

n C O 2 = 5 , 6 22 , 4 = 0 , 25   m o l ,   n H 2 O = 6 , 3 18 = 0 , 35   m o l > n C O 2

⇒  Ancol no, đơn chức,  n a n c o l = n H 2 O − n C O 2 = 0 , 35 − 0 , 25 = 0 , 1   m o l

⇒ Số nguyên tử C trung bình  = n C O 2 n a n c o l = 0 , 25 0 , 1 = 2 , 5

⇒ X là C2H5OH, Y là C3H7OH

Vì 2 ancol liên tiếp nhau trong dãy đồng đẳng nên:  n X = n Y = 0 , 1 2 = 0 , 05   m o l

Số mol ancol tham gia phản ứng ete hóa  = 2 n e t e = 2. 0 , 42 28 = 0 , 03   m o l

Giả sử số mol X, Y tham gia phản ứng ete hóa lần lượt là x,y.

⇒ x + y = 2 n e t e = 2. 0 , 42 28 = 0 , 03   m o l 46 x + 60 y = 1 , 25 + 18.0 , 5.0 , 03 = 1 , 52   g ⇒ x = 0 , 02 y = 0 , 01

⇒ Hiệu suất tham gia phản ứng ete hóa của X   = 0 , 02 0 , 05 .100 % = 40 %

Hiệu suất tham gia phản ứng ete hóa của Y  = 0 , 01 0 , 05 .100 % = 20 %

18 tháng 7 2019

Chọn đáp án C.

27 tháng 4 2018

Chọn đáp án A.

Phần 2:
Đốt cháy anđehit cho:  n C O 2 = 15 , 68 22 , 4 = 0 , 7   m o l ,   n H 2 O = 12 , 6 18 = 0 , 7   m o l

Þ Anđehit no, đơn chức, mạch hở Þ Ancol no, đơn chức, mạch hở.

Đặt công thức chung cho X là CnH2n+2O

  Phần 1: X + Na dư
n X = 2 n H 2 = 2. 2 , 8 22.4 = 0 , 25   m o l n A g = 75 , 6 108 = 0 , 7   m o l ⇒ 2 < n A g n X = 0 , 7 0 , 25 < 4
Þ A là CH3OH.
n A + n B = 0 , 25 4 n A + 2 n B = 0 , 7 ⇒ n A = 0 , 1   m o l n B = 0 , 15   m o l
 
Þ Số nguyên tử C của B  = 0 , 7 − 1.0 , 1 0 , 15 = 4   Þ CTPT của B là C4H10O.

17 tháng 11 2019

Đáp án D

RCOOK + KOH -> RH + K2CO3

Do n chất rắn = nKOH ban đầu = 0,7 ; nRH = 0,3 nên có 2 trường hợp :

+) TH1 : nRCOOK = 0,4 ; nKOH dư = 0,3

mrắn = 54,4 => R = 11

nY = 0,4 => nY pứ = 0,24 mol

=> nete = nH2O = 0,12 mol

=> mY pứ = mete + mH2O = 10,2g

=> MY = 42,5

Vậy Y chứa CH3OH (0,1 mol) và C2H5OH (0,3 mol) => tỷ lệ mol các muối = 1 : 3 hoặc 3 : 1

R = 11 => -H và –R’

1 + 3R’ = 11.4 => R’ = 43/3 => Loại

3 + R’ = 11.4 => R’ = 41 : C3H5-

Vậy các este là : HCOOC2H5 (0,3) và C3H5COOCH3 (0,1)

=> %mHCOOC2H5 = 68,94%

+) TH2 : nRCOOK = 0,3 và nKOH dư = 0,4 mol

Có mrắn = 54,4g => R = 23,67

nY  = 0,3 mol => nY pứ = 0,18 mol => nete = nH2O = 0,09 mol

Có : mY pứ = mete + mH2O = 9,66g

=> MY = 32,2

Vậy Y chứa CH3OH (207/700 mol) và C2H5OH (3/700 mol) => tỷ lệ mol các muối = 207 : 3 hoặc 3 : 207 => Không thỏa mãn

R = 23,67 => -R” và –R’

207R” + 3R’ = 23,67.210 => Loại

3R” + 207R’ = 23,67.210 => Loại

Vậy %mA = 68,94%