K
Khách
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Các câu hỏi dưới đây có thể giống với câu hỏi trên
H
18 tháng 7 2021
Trích mẫu thử
Cô cạn mẫu thử
- MT không thu được chất rắn là $NH_3$
Cho dung dịch $KOH$ vào ba mẫu thử còn :
- MT tạo kết tủa nâu đỏ là $FeCl_3$
$FeCl_3 + 3KOH \to Fe(OH)_3 + 3KCl$
- MT tạo kết tủa trắng xanh là $FeCl_2$
$FeCl_2 + 2KOH \to Fe(OH)_2 + 2KCl$
- MT không hiện tượng gì là NaOH
5 tháng 8 2021
Bài 1:
1. \(NaOH+HNO_3\rightarrow NaNO_3+H_2O\)
\(Ba\left(OH\right)_2+2HNO_3\rightarrow Ba\left(NO_3\right)_2+2H_2O\)
\(Fe\left(OH\right)_3+3HNO_3\rightarrow Fe\left(NO_3\right)_3+3H_2O\)
2. \(2NaOH+CO_2\rightarrow Na_2CO_3+H_2O\)
\(Ba\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow BaCO_3+H_2O\)
Bạn tham khảo nhé!
5 tháng 8 2021
Bài 2:
Ta có: \(m_{NaOH}=100.4\%=4\left(g\right)\Rightarrow n_{NaOH}=\dfrac{4}{40}=0,1\left(mol\right)\)
PT: \(NaOH+HCl\rightarrow NaCl+H_2O\)
_____0,1_____0,1 (mol)
\(\Rightarrow a=C_{M_{HCl}}=\dfrac{0,1}{0,02}=5M\)
Bài 3:
Ta có: \(m_{NaOH}=100.8\%=8\left(g\right)\Rightarrow n_{NaOH}=\dfrac{8}{40}=0,2\left(mol\right)\)
\(m_{MgSO_4}=60.10\%=6\left(g\right)\Rightarrow n_{MgSO_4}=\dfrac{6}{120}=0,05\left(mol\right)\)
PT: \(2NaOH+MgSO_4\rightarrow Na_2SO_4+Mg\left(OH\right)_{2\downarrow}\)
Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,2}{2}>\dfrac{0,05}{1}\), ta được NaOH dư.
Theo PT: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{NaOH\left(pư\right)}=2n_{MgSO_4}=0,1\left(mol\right)\\n_{Na_2SO_4}=n_{Mg\left(OH\right)_2}=n_{MgSO_4}=0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow n_{NaoH\left(dư\right)}=0,1\left(mol\right)\)
Ta có: m dd sau pư = 100 + 60 - 0,05.58 = 157,1 (g)
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}C\%_{NaOH\left(dư\right)}=\dfrac{0,1.40}{157,1}.100\%\approx2,55\%\\C\%_{Na_2SO_4}=\dfrac{0,05.142}{157,1}.100\%\approx4,52\%\end{matrix}\right.\)
Bạn tham khảo nhé!
18 tháng 7 2021
Cho cả 3 chất cùng tác dụng với nước :
+ Chất bột màu trắng nào tan từ từ trong nước là BaO
+ 2 chất còn lại không tan
Cho 2 chất còn lại tác dụng với dung dịch Ba(OH)2 vừa thu được khi cho BaO vào nước:
+ Chất nào phản ứng với Ba(OH)2 là Al2O3 ( hiện tượng: sinh ra nước và Ba(AlO2)2
+ chất còn lại không phản ứng là MgO
18 tháng 7 2021
- Dùng H2O làm thuốc thử:
+ Chất bột tan từ từ trong nước tạo dung dịch trong suốt Ba(OH)2 => Nhận biệt BaO
PTHH: BaO + H2O -> Ba(OH)2
+ Hai chất rắn còn lại đều không tan trong nước
- Cho 2 chất còn lại tác dụng với dung dịch Ba(OH)2 vừa thu được khi cho BaO vào nước:
+ Chất rắn tan trong dd Ba(OH)2 là Al2O3.
PTHH: Al2O3 + Ba(OH)2 -> Ba(AlO2)2 + H2O
+ Chất còn lại không phản ứng là MgO
11 tháng 2 2022
Y chứa NaOH, NaAlO2
Gọi số mol NaOH, NaAlO2 trong mỗi phần là x, y (mol)
TN1:
\(n_{HCl}=0,1.1=0,1\left(mol\right)\)
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1<----0,1
=> x = 0,1 (mol)
TN3: nHCl = 0,75.1 = 0,75 (mol)
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1--->0,1
NaAlO2 + HCl + H2O --> NaCl + Al(OH)3
y------>y------------------------>y
Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O
\(\dfrac{0,65-y}{3}\)<-(0,65-y)
=> \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(3\right)}=y-\dfrac{0,65-y}{3}=\dfrac{4y-0,65}{3}\left(mol\right)\)
TN2: \(n_{HCl}=1.0,45=0,45\left(mol\right)\)
- Nếu kết tủa không bị hòa tan:
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1--->0,1
NaAlO2 + HCl + H2O --> NaCl + Al(OH)3
0,35<--0,35-------------------->0,35
Điều kiện: y \(\ge\) 0,35
=> \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=0,35\left(mol\right)\)
Do \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=3.n_{Al\left(OH\right)_3\left(3\right)}\)
=> \(0,35=4y-0,65\)
=> y = 0,25 (Loại)
=> Kết tủa bị hòa tan 1 phần
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1--->0,1
NaAlO2 + HCl + H2O --> NaCl + Al(OH)3
y---->y------------------------->y
Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O
\(\dfrac{0,35-y}{3}\)<--(0,35-y)
=> \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=y-\dfrac{0,35-y}{3}=\dfrac{4y-0,35}{3}\left(mol\right)\)
Do \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=3.n_{Al\left(OH\right)_3\left(3\right)}\)
=> \(\dfrac{4y-0,35}{3}=4y-0,65\)
=> y = 0,2
Vậy trong Y chứa \(\left\{{}\begin{matrix}NaOH:0,3\left(mol\right)\\NaAlO_2:0,6\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Bảo toàn Na: nNa = 0,9 (mol)
Bảo toàn Al: nAl = 0,6 (mol)
=> m = 0,9.23 + 0,6.27 = 36,9 (g)
17 tháng 2 2022
Y chứa NaOH, NaAlO2
Gọi số mol NaOH, NaAlO2 trong mỗi phần là x, y (mol)
TN1:
nHCl=0,1.1=0,1(mol)nHCl=0,1.1=0,1(mol)
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1<----0,1
=> x = 0,1 (mol)
TN3: nHCl = 0,75.1 = 0,75 (mol)
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1--->0,1
NaAlO2 + HCl + H2O --> NaCl + Al(OH)3
y------>y------------------------>y
Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O
0,65−y30,65−y3<-(0,65-y)
=> nAl(OH)3(3)=y−0,65−y3=4y−0,653(mol)nAl(OH)3(3)=y−0,65−y3=4y−0,653(mol)
TN2: nHCl=1.0,45=0,45(mol)nHCl=1.0,45=0,45(mol)
- Nếu kết tủa không bị hòa tan:
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1--->0,1
NaAlO2 + HCl + H2O --> NaCl + Al(OH)3
0,35<--0,35-------------------->0,35
Điều kiện: y ≥≥ 0,35
=> nAl(OH)3(2)=0,35(mol)nAl(OH)3(2)=0,35(mol)
Do nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)
=> 0,35=4y−0,650,35=4y−0,65
=> y = 0,25 (Loại)
=> Kết tủa bị hòa tan 1 phần
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1--->0,1
NaAlO2 + HCl + H2O --> NaCl + Al(OH)3
y---->y------------------------->y
Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O
0,35−y30,35−y3<--(0,35-y)
=> nAl(OH)3(2)=y−0,35−y3=4y−0,353(mol)nAl(OH)3(2)=y−0,35−y3=4y−0,353(mol)
Do nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)
=> 4y−0,353=4y−0,654y−0,353=4y−0,65
=> y = 0,2
Vậy trong Y chứa {NaOH:0,3(mol)NaAlO2:0,6(mol){NaOH:0,3(mol)NaAlO2:0,6(mol)
Bảo toàn Na: nNa = 0,9 (mol)
Bảo toàn Al: nAl = 0,6 (mol)
=> m = 0,9.23 + 0,6.27 = 36,9 (g)
12 tháng 2 2022
Y chứa \(\left\{{}\begin{matrix}Al_2\left(SO_4\right)_3:2a\left(mol\right)\\K_2SO_4:a\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Al^{3+}}=4a\left(mol\right)\\n_{K^+}=2a\left(mol\right)\\n_{SO_4^{2-}}=7a\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Ba^{2+}}=x\left(mol\right)\\n_{OH^-}=2x\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
- Nếu Z chứa K2SO4
Ba2+ + SO42- --> BaSO4
x----->x------------>x
Al3+ + 3OH- --> Al(OH)3
4a-->12a------>4a
=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{K_2SO_4}=n_{SO_4^{2-}\left(còn\right)}=7a-x=0,02\\n_{OH^-}=12a=2x\end{matrix}\right.\)
=> a = 0,02; x = 0,12
=> Y chứa \(\left\{{}\begin{matrix}Al_2\left(SO_4\right)_3:0,04\left(mol\right)\\K_2SO_4:0,02\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{K_2SO_4.Al_2\left(SO_4\right)_3.24H_2O}=0,02\left(mol\right)\\n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=0,02\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> m1 = 0,02.948 + 0,02.342 = 25,8(g)
m2 = 233.0,12 + 0,08.78 = 34,2 (g)
\(n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,12\left(mol\right)\)
=> \(V=\dfrac{0,12}{2}=0,06\left(l\right)=60\left(ml\right)\)
- Nếu Z chứa KAlO2
Ba2+ + SO42- --> BaSO4
x----->x---------->x
Al3+ + 3OH- --> Al(OH)3
4a--->12a----->4a
Al(OH)3 + OH- --> AlO2- + 2H2O
(2x-12a)<-(2x-12a)->(2x-12a)
=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{KAlO_2}=n_{AlO_2^-}=2x-12a=0,02\\n_{KAlO_2}=n_{K^+}=2a=0,02\end{matrix}\right.\)
=> a = 0,01; x = 0,07
=> Y chứa \(\left\{{}\begin{matrix}Al_2\left(SO_4\right)_3:0,02\left(mol\right)\\K_2SO_4:0,01\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{K_2SO_4.Al_2\left(SO_4\right)_3.24H_2O}=0,01\left(mol\right)\\n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=0,01\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> m1 = 0,01.948 + 0,01.342 = 12,9(g)
Kết tủa gồm \(\left\{{}\begin{matrix}BaSO_4:0,07\left(mol\right)\\Al\left(OH\right)_3:0,02\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> m2 = 0,07.233 + 0,02.78 = 17,87 (g)
\(V=\dfrac{0,07}{2}=0,035\left(l\right)=35\left(ml\right)\)
12 tháng 2 2022
mkhí, hơi = 3,552 - 0,96 = 2,592
\(n_{KOH}=\dfrac{1,344.100}{100.56}=0,024\left(mol\right)\)
mdd sau pư = 100 + 2,592 = 102,592 (g)
Gọi công thức của muối cần tìm là KaX
=> \(n_{K_aX}=\dfrac{0,024}{a}\left(mol\right)\)
Có: \(m_{muối}=\dfrac{2,363.102,592}{100}=2,42425\left(g\right)\)
=> \(M_{K_aX}=39a+M_X=\dfrac{2,42425}{\dfrac{0,024}{a}}\left(g/mol\right)\)
=> MX = 62a (g/mol)
Xét a = 1 => MX = 62 (NO3)
Xét a = 2,3 => Loại
\(n_{KNO_3}=0,024\left(mol\right)\)
Gọi CTHH của muối là A(NO3)n.qH2O
Bảo toàn N: \(n.n_{A\left(NO_3\right)n.qH_2O}=0,024\left(mol\right)\)
Bảo toàn A: \(n_{A\left(NO_3\right)_n.qH_2O}=n_{A_xO_y}=\dfrac{0,96}{x.M_A+16y}\left(mol\right)\)
=> \(n.\dfrac{0,96}{x.M_A+16y}=0,024\)
=> 0,024.x.MA + 0,384y = 0,96n
( Do hóa trị không đổi nên \(n=\dfrac{2y}{x}\))
- Nếu \(n=\dfrac{2y}{x}=1\) => MA = 12 (Loại)
- Nếu \(n=\dfrac{2y}{x}=2\) => MA = 64 (Cu)
- Nếu \(n=\dfrac{2y}{x}=3\) => MA = 36 (Loại)
=> CTHH của muối là Cu(NO3)2.qH2O
\(n_{CuO}=\dfrac{0,96}{80}=0,012\left(mol\right)\)
=> \(n_{Cu\left(NO_3\right)_2.qH_2O}=0,015\left(mol\right)\)
=> \(M_{Cu\left(NO_3\right)_2.qH_2O}=\dfrac{3,552}{0,012}=296\left(g/mol\right)\)
=> q = 6
=> CTHH: Cu(NO3)2.6H2O