K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

17 tháng 2 2022

\(n_{Br_2}=\dfrac{8}{160}=0,05\left(mol\right)\)

PTHH: C2H4 + Br2 --> C2H4Br2

          0,05<--0,05

=> \(\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,05.22,4}{2,24}.100\%=50\%\)

=> \(\%V_{CH_4}=100\%-50\%=50\%\)

7 tháng 10 2016

sao nhiều đề thế

 

7 tháng 10 2016

một đề đó bạn. nhưng sợ không nhìn rõ nên tui chụp làm 3

12 tháng 2 2022

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Ca}=a\left(mol\right)\\n_{CaC_2}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Bảo toàn Ca: \(a+b=\dfrac{9}{100}=0,09\)

\(n_{CO_2}=\dfrac{1,792}{22,4}=0,08\left(mol\right)\)

Bảo toàn C: \(b=\dfrac{0,08}{2}=0,04\) => a = 0,05 

PTHH: Ca + 2H2O --> Ca(OH)2 + H2

          0,05----------------------->0,05

            CaC2 + 2H2O --> Ca(OH)2 + C2H2

           0,04-------------------------->0,04

=> B\(\left\{{}\begin{matrix}C_2H_2:0,04\left(mol\right)\\H_2:0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Hỗn hợp khí F gồm H2, C2H6

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{H_2\left(F\right)}=x\left(mol\right)\\n_{C_2H_6}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> Sản phẩm cháy gồm \(\left\{{}\begin{matrix}CO_2:2y\left(mol\right)\\H_2O:x+3y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(n_{CO_2}=n_{CaCO_3}=\dfrac{2}{100}=0,02\left(mol\right)\)

=> 2y = 0,02 => y = 0,01 (mol)

mgiảm = mkt - mCO2 - mH2O

=> 2 - 0,02.44 - 18(x + 0,03) = 0,4

=> x = 0,01 (mol)

=> mF = 0,01.2 + 0,01.30 = 0,32 (g)

Theo ĐLBTKL:

+) mB = mE = 26.0,04 + 2.0,05 = 1,14 (g)

+) mE = mF + mkhí bị dd Br2 hấp thụ

=> mkhí bị dd Br2 hấp thụ = mE - mF = 1,14 - 0,32 = 0,82 (g)

=> m = 0,82 (g)

\(n_{H_2\left(pư\right)}=0,05-0,01=0,04\left(mol\right)\)

Bảo toàn liên kết pi:

\(0,04.2=0,04+n_{Br_2}\)

=> \(n_{Br_2}=0,04\left(mol\right)\)

 

 

ọi {nCa=a(mol)nCaC2=b(mol){nCa=a(mol)nCaC2=b(mol)

Bảo toàn Ca: a+b=9100=0,09a+b=9100=0,09

nCO2=1,79222,4=0,08(mol)nCO2=1,79222,4=0,08(mol)

Bảo toàn C: b=0,082=0,04b=0,082=0,04 => a = 0,05 

PTHH: Ca + 2H2O --> Ca(OH)2 + H2

          0,05----------------------->0,05

            CaC2 + 2H2O --> Ca(OH)2 + C2H2

           0,04-------------------------->0,04

=> B{C2H2:0,04(mol)H2:0,05(mol){C2H2:0,04(mol)H2:0,05(mol)

Hỗn hợp khí F gồm H2, C2H6

Gọi {nH2(F)=x(mol)nC2H6=y(mol){nH2(F)=x(mol)nC2H6=y(mol)

=> Sản phẩm cháy gồm {CO2:2y(mol)H2O:x+3y(mol){CO2:2y(mol)H2O:x+3y(mol)

nCO2=nCaCO3=2100=0,02(mol)nCO2=nCaCO3=2100=0,02(mol)

=> 2y = 0,02 => y = 0,01 (mol)

mgiảm = mkt - mCO2 - mH2O

=> 2 - 0,02.44 - 18(x + 0,03) = 0,4

=> x = 0,01 (mol)

=> mF = 0,01.2 + 0,01.30 = 0,32 (g)

Theo ĐLBTKL:

+) mB = mE = 26.0,04 + 2.0,05 = 1,14 (g)

+) mE = mF + mkhí bị dd Br2 hấp thụ

=> mkhí bị dd Br2 hấp thụ = mE - mF = 1,14 - 0,32 = 0,82 (g)

=> m = 0,82 (g)

nH2(pư)=0,05−0,01=0,04(mol)nH2(pư)=0,05−0,01=0,04(mol)

Bảo toàn liên kết pi:

0,04.2=0,04+nBr20,04.2=0,04+nBr2

=> nBr2=0,04(mol)

11 tháng 2 2022

Y chứa NaOH, NaAlO2

Gọi số mol NaOH, NaAlO2 trong mỗi phần là x, y (mol)

TN1:

\(n_{HCl}=0,1.1=0,1\left(mol\right)\)

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

            0,1<----0,1

=> x = 0,1 (mol)

TN3: nHCl = 0,75.1 = 0,75 (mol)

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

             0,1--->0,1

             NaAlO2 + HCl + H2O  --> NaCl + Al(OH)3

                y------>y------------------------>y

             Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O

           \(\dfrac{0,65-y}{3}\)<-(0,65-y)

=> \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(3\right)}=y-\dfrac{0,65-y}{3}=\dfrac{4y-0,65}{3}\left(mol\right)\)

TN2: \(n_{HCl}=1.0,45=0,45\left(mol\right)\)

- Nếu kết tủa không bị hòa tan:

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

            0,1--->0,1

            NaAlO2 + HCl + H2O  --> NaCl + Al(OH)3

                0,35<--0,35-------------------->0,35

Điều kiện: y \(\ge\) 0,35

=> \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=0,35\left(mol\right)\)

Do \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=3.n_{Al\left(OH\right)_3\left(3\right)}\)

=> \(0,35=4y-0,65\)

=> y = 0,25 (Loại)

=> Kết tủa bị hòa tan 1 phần

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

            0,1--->0,1

            NaAlO2 + HCl + H2O  --> NaCl + Al(OH)3

                 y---->y------------------------->y

              Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O

          \(\dfrac{0,35-y}{3}\)<--(0,35-y)

=> \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=y-\dfrac{0,35-y}{3}=\dfrac{4y-0,35}{3}\left(mol\right)\)

Do \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=3.n_{Al\left(OH\right)_3\left(3\right)}\)

=> \(\dfrac{4y-0,35}{3}=4y-0,65\)

=> y = 0,2 

Vậy trong Y chứa \(\left\{{}\begin{matrix}NaOH:0,3\left(mol\right)\\NaAlO_2:0,6\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Bảo toàn Na: nNa = 0,9 (mol)

Bảo toàn Al: nAl = 0,6 (mol)

=> m = 0,9.23 + 0,6.27 = 36,9 (g)

 

Y chứa NaOH, NaAlO2

Gọi số mol NaOH, NaAlO2 trong mỗi phần là x, y (mol)

TN1:

nHCl=0,1.1=0,1(mol)nHCl=0,1.1=0,1(mol)

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

            0,1<----0,1

=> x = 0,1 (mol)

TN3: nHCl = 0,75.1 = 0,75 (mol)

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

             0,1--->0,1

             NaAlO2 + HCl + H2O  --> NaCl + Al(OH)3

                y------>y------------------------>y

             Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O

           0,65−y30,65−y3<-(0,65-y)

=> nAl(OH)3(3)=y−0,65−y3=4y−0,653(mol)nAl(OH)3(3)=y−0,65−y3=4y−0,653(mol)

TN2: nHCl=1.0,45=0,45(mol)nHCl=1.0,45=0,45(mol)

- Nếu kết tủa không bị hòa tan:

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

            0,1--->0,1

            NaAlO2 + HCl + H2O  --> NaCl + Al(OH)3

                0,35<--0,35-------------------->0,35

Điều kiện: y ≥≥ 0,35

=> nAl(OH)3(2)=0,35(mol)nAl(OH)3(2)=0,35(mol)

Do nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)

=> 0,35=4y−0,650,35=4y−0,65

=> y = 0,25 (Loại)

=> Kết tủa bị hòa tan 1 phần

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

            0,1--->0,1

            NaAlO2 + HCl + H2O  --> NaCl + Al(OH)3

                 y---->y------------------------->y

              Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O

          0,35−y30,35−y3<--(0,35-y)

=> nAl(OH)3(2)=y−0,35−y3=4y−0,353(mol)nAl(OH)3(2)=y−0,35−y3=4y−0,353(mol)

Do nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)

=> 4y−0,353=4y−0,654y−0,353=4y−0,65

=> y = 0,2 

Vậy trong Y chứa {NaOH:0,3(mol)NaAlO2:0,6(mol){NaOH:0,3(mol)NaAlO2:0,6(mol)

Bảo toàn Na: nNa = 0,9 (mol)

Bảo toàn Al: nAl = 0,6 (mol)

=> m = 0,9.23 + 0,6.27 = 36,9 (g)

 

2 tháng 11 2023

Bạn xem lại xem đề đoạn "trộn 1 mol HCl" xem có nhầm lẫn gì không nhé.

 

 

22 tháng 11 2021

Câu 14 : Kẽm đẩy sắt ra khỏi dung dịch FeCl2 thì : 

A Sắt có thể đẩy kẽm ra khỏi dung dịch ZnCl2

B Sắt hoạt động hóa học mạnh hơn kẽm

C Sắt đứng sau kẽm trong dãy hoạt động hóa học

D Kẽm hoạt động hóa học mạnh hơn sắt 

Pt : \(Zn+FeCl_2\rightarrow ZnCl_2+Fe\) 

Chúc bạn học tốt

 

26 tháng 5 2016

nCO2=0,2 mol

GS 25,7 gam muối là muối K2CO3 =>nK2CO3=nCO2=0,2 mol

=>mK2CO3=0,2.138=27,6gam khác 25,7gam=>loại

GS 25,7 gam muối là KHCO3

nKHCO3=nCO2=0,2 mol

=>mKHCO3=100.0,2=20 gam khác 25,7 gam =>loại

Vậy 25,7 gam klg cả 2 muối tạo thành

CO2 +2KOH =>K2CO3 + H2O

x mol             =>x mol

CO2 + KOH =>KHCO3

y mol           =>y mol

nCO2=x+y=0,2

m muối =138x+100y=25,7

=>x=0,15 và y=0,05 mol

Tính CM dd KOH bạn à

nKOH=0,15.2+0,05=0,35 mol

CM dd KOH=0,35/0,2=1,75M

 

11 tháng 2 2022

\(m_{dd\left(80^oC\right)}=1026,4\left(g\right)\)

Gọi khối lượng M2SO4 trong dd bão hòa ở 80oC là a(g)

Có \(S_{80^oC}=\dfrac{a}{1026,4-a}.100=28,3\left(g\right)\)

=> a = 226,4 (g)

\(m_{H_2O\left(80^oC\right)}=1026,4-226,4=800\left(g\right)\)

Gọi khối lượng M2SO4 trong dd bão hòa ở 10oC là x (g)

Gọi khối lượng H2O trong dd bão hòa ở 10oC là y (g)

Có \(S_{10^oC}=\dfrac{x}{y}.100=9\left(g\right)\)

=> x = 0,09y (1)

mM2SO4 (tách ra) = 226,4 - x (g)

mH2O (tách ra) = 800 - y (g)

=> 226,4 - x + 800 - y = 395,4 (2)

(1)(2) => \(\left\{{}\begin{matrix}x=52,1\left(g\right)\\y=578,9\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

mM2SO4 (tách ra) = 226,4 - x = 174,3 (g)

=> \(n_{M_2SO_4}=\dfrac{174,3}{2.M_M+96}\left(mol\right)\)

=> \(n_{M_2SO_4.nH_2O}=\dfrac{174,3}{2.M_M+96}\left(mol\right)\)

=> \(M_{M_2SO_4.nH_2O}=2.M_M+96+18n=\dfrac{395,4}{\dfrac{174,3}{2.M_M+96}}\left(g/mol\right)\)

=> MM + 48 = 7,095n 

Xét n = 8 => MM = 8,76 (loại)

Xét n = 9 => MM = 15,855 (Loại)

Xét n = 10 => MM = 23 (Na)

Xét n = 11 => MM = 30,045 (Loại)

Vậy CT của muối ngậm nước là Na2SO4.10H2O

11 tháng 2 2022

+) Ở $80^oC:$

100g nước có 23,8g chất tan

128,3g dung dịch có 28,3g chất tan

1026,4g dung dịch có $x(g)$ chất tan

$\to x=\dfrac{1026,4.28,3}{128,3}=226,4(g)$

Khối lượng nước của dd ở $80^oC$ là: $1026,4-226,4=800(g)$

+) Ở $10^oC:$

100g nước có 9g chất tan

109g dung dịch có 9g chất tan

$(1026,4-395,4)g=631g$ dung dịch có $y(g)$ chất tan

$\to y=\dfrac{631.9}{109}\approx 52(g)$

Khối lượng nước của dd ở $10^oC$ là: $631-52=579(g)$

Khối lượng nước kết tinh: $800-579=221(g)$

Khối lượng $M_2SO_4$ kết tinh: $226,4-52=174,4(g)$

\(\underbrace{M_2SO_4}_{174,4}.\underbrace{nH_2O}_{221}\)

Mà $7<n<12$

\(\begin{array}{|c|c|c|}\hline n&8&9&10&11\\\hline M_2SO_4&111,36&127,8&142&156,2\\\hline\end{array}\)

Vì $M_{M_2SO_4}\in \mathbb{N}\to M_{M_2SO_4}=142$

$\to M_M=23(Na)$

Vậy muối là $Na_2SO_4.10H_2O$

20 tháng 8 2021

1/ \(n_S=\dfrac{6,4}{32}=0,2;n_{H_2SO_4}=\dfrac{14.70\%}{98}=0,1\)

Bảo toàn nguyên tố S : \(n_S=n_{H_2SO_4\left(lt\right)}=0,2\)

Mà thực tế chỉ thu được 0,1

=> \(H=\dfrac{0,1}{0,2}.100=50\%\)

20 tháng 8 2021

2/ \(n_{N_2}=0,2\left(mol\right);n_{H_2}=0,3\left(mol\right);n_{NH_3}=0,15\left(mol\right)\)

PTHH: \(N_2+3H_2\rightarrow2NH_3\)

Lập tỉ lệ : \(\dfrac{0,2}{1}>\dfrac{0,3}{3}\)=> Sau phản ứng N2 dư, tính theo số mol H2

=> n NH3(lt)= \(\dfrac{0,3.2}{3}=0,2\left(mol\right)\)

Mà thực tế chỉ thu được 0,15 mol 

=> \(H=\dfrac{0,15}{0,2}.100=75\%\)