Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
a:
Xét tứ giác BLKC có góc BLC=góc BKC=90 độ
nên BLKC là tứ giác nội tiếp
=>góc ALK=góc ACB
=>ΔALK đồng dạng với ΔACB
=>AL/AC=AK/AB=LK/BC
\(\left(\dfrac{AK}{AB}\right)^2=\dfrac{AK}{AB}\cdot\dfrac{AK}{AB}=\dfrac{AL}{AC}\cdot\dfrac{BK}{BC}\)
b: \(\dfrac{S_{AKL}}{S_{ABC}}=\left(\dfrac{AK}{AB}\right)^2=\dfrac{AL\cdot BK}{AC\cdot BC}\)
A B C H K E
Khá ez:))
Δ AKB ~ Δ AEC (g.g) vì:
+ \(\widehat{BAK}=\widehat{CAE}\) (góc chung)
+ \(\widehat{AKB}=\widehat{AEC}=90^0\)
=> \(\frac{AK}{AE}=\frac{AB}{AC}\)
Từ đó ta dễ dàng CM được: Δ AKE ~ Δ ABC (c.g.c)
=> \(\frac{S_{AKE}}{S_{ABC}}=\left(\frac{AK}{AB}\right)^2=\cos^2A\)
Tương tự như vậy ta CM được: \(\frac{S_{BHE}}{S_{ABC}}=\cos^2B\) ; \(\frac{S_{CHK}}{S_{ABC}}=\cos^2C\)
Thay vào ta sẽ được: \(\left(1-\cos^2A-\cos^2B-\cos^2C\right)\cdot S_{ABC}\)
\(=\left(1-\frac{S_{AKE}}{S_{ABC}}-\frac{S_{BHE}}{S_{ABC}}-\frac{S_{CHK}}{S_{ABC}}\right)\cdot S_{ABC}\)
\(=S_{ABC}-S_{AKE}-S_{BHE}-S_{CHK}=S_{HKE}\)
=> đpcm
B A C H E K E'
Kẻ EE' vuông góc với AC., ta có:
\(\frac{S_{AKE}}{S_{ABC}}=\frac{\frac{1}{2}EE'.AK}{\frac{1}{2}BK.AC}=\frac{EE'}{BK}.\frac{AK}{AC}=\frac{AE}{AB}.\frac{AK}{AC}\)
\(=\frac{AE}{AC}.\frac{AK}{AB}=\cos A.\cos A=\cos^2A.\)
Vậy \(\frac{S_{AKE}}{S_{ABC}}=\cos^2A\)
Tương tự, \(\frac{S_{BEH}}{S_{ABC}}=\cos^2B;\frac{S_{CKH}}{S_{ABC}}=\cos^2C\)\(\Rightarrow\frac{S_{KHE}}{S_{ABC}}=1-\frac{S_{AKE}}{S_{ABC}}-\frac{S_{BEH}}{S_{ABC}}-\frac{S_{CKH}}{S_{ABC}}=1-\cos^2A-\cos^2B-\cos^2C\)
Vậy =>đpcm
H F D E A B C
a) \(\widehat{BFC}=\widehat{BEC}=90o\) => tứ giác BFEC nội tiếp => \(\widehat{AEF}=\widehat{ABC;}\widehat{AFE}=\widehat{ABC}\)=> \(\Delta AEF~\Delta ABC\)
SAEF = \(\frac{1}{2}AE.AF.sinA\); SABC = \(\frac{1}{2}AB.AC.sinA\)=>\(\frac{S_{AEF}}{S_{ABC}}=\frac{AE.AF}{AB.AC}\)=cos2A (cosA = \(\frac{AE}{AB}=\frac{AF}{AC}\))
b) làm tương tự câu a ta được SBFD=cos2B.SABC; SCED=cos2C.SABC
=> SDEF =SABC-SAEF-SBFD-SCED = (1-cos2A-cos2B-cos2C)SABC
a. Ta có : \(\frac{S_{AEF}}{S_{ABE}}=\frac{AF}{AB};\frac{S_{AEB}}{S_{ABC}}=\frac{AE}{AC}\)
Như vậy \(\frac{S_{AEF}}{S_{ABC}}=\frac{AF}{AB}.\frac{AE}{AC}=\frac{AE}{AB}.\frac{AF}{AC}=cosA.cosA=cos^2A.\)
Từ đó ta có : \(S_{AEF}=S_{ABC}.cos^2A\)
b. Tương tự phần a ta có : \(S_{BEF}=S_{ABC}.cos^2B\); \(S_{CEF}=S_{ABC}.cos^2C\)
Như vậy \(S_{DEF}=S_{ABC}-S_{AEF}-S_{BEF}-S_{CEF}\)
Từ đó ta có: \(\frac{S_{DEF}}{S_{ABC}}=1-\left(cos^2A+cos^2B+cos^2C\right)\)
Chúc em học tốt :)))
a)Tam giác ABD vuông tại D có BD = AB.cos B
Tam giác BCE vuông tại E có CE=BC.cos C
Tam giác CÀ vuông tại F có AF=CA.cos A
Suy ra : \(AF.BD.CE=AB.BC.CA.cosA.cosB.cosC\)
b) Xét \(\Delta ABE\)và \(\Delta ACF\) có :
\(\widehat{AEB}=\widehat{AFC}\left(=90^o\right)\)
\(\widehat{BAE}=\widehat{CAF}\left(gt\right)\)
nên \(\Delta ABE\) đồng dạng \(\Delta ACF\)(gg)
\(\Rightarrow\frac{AE}{AB}=\frac{AF}{AC}\)(1)
Lại có \(\widehat{FAE}=\widehat{CAB}\)(2)
Từ (1) và (2) suy ra \(\Delta AFE\)đồng dạng\(\Delta ACB\)(cgc)
\(\Rightarrow\frac{S_{AFE}}{S_{ACB}}=\frac{AE^2}{AB^2}=\frac{S_{AFE}}{144}\)(*)
\(\Delta ABE\)vuông tại E có\(\widehat{BAE}=60^0\Rightarrow\widehat{ABE}=30^o\Rightarrow\frac{AE}{AB}=\frac{1}{2}\Rightarrow\frac{AE^2}{AB^2}=\frac{1}{4}\)
Thay vào (*) ta có \(\frac{S_{AFE}}{144}=\frac{1}{4}\Rightarrow S_{AFE}=36\)