Câu hỏi của Nguyễn Hoàng Nam

Question

Đốt cháy hoàn toàn 0,08 mol một chất béo X cần dùng vừa đủ 6,36 mol O₂. Mặt khác, cho lượng X trên vào dung dịch nước Br₂ dư thấy có 0,32 mol Br₂ tham gia phản ứng. Nếu cho lượng X trên tác dụng hết với NaOH thì khối lượng muối khan thu được là

A. 72,8 gam.

B. 88,6 gam.

C. 78,4 gam.

D. 58,4 gam

Ngô Quang Sinh · Accepted Answer

Ta có nBr2 : nX = 0,32 : 0,08 = 4 nên các gốc hiđrocacbon của chất béo có tổng cộng 4π
Mà mỗi gốc COO có 1π nên độ bất bão hòa của toàn phân tử X là k = 4 + 3 = 7
- Phản ứng đốt 0,08 mol X:
Giả sử nCO2 = a và nH2O = b (mol)
+) Bảo toàn O → 6nX + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O
→ 2a + b = 6.0,08 + 2.6,36 (1)

Giải (1) (2) được a = 4,56 và b = 4,08
BTKL → mX = mCO2 + mH2O - m­O2 = 4,56.44 + 4,08.18 - 6,36.32 = 70,56 gam
Ta có           X + 3NaOH → Muối + C3H5(OH)3
                  0,08 → 0,24 →                    0,08       (mol)
BTKL → mmuối = mX + mNaOH - mC3H5(OH)3
= 70,56 + 0,24.40 - 0,08.92 = 72,8 gam
 Đáp án cần chọn là: ACâu trả lời: Ta có nBr2 : nX = 0,32 : 0,08 = 4 nên các gốc hiđrocacbon của chất béo có tổng cộng 4π
Mà mỗi gốc COO có 1π nên độ bất bão hòa của toàn phân tử X là k = 4 + 3 = 7
- Phản ứng đốt 0,08 mol X:
Giả sử nCO2 = a và nH2O = b (mol)
+) Bảo toàn O → 6nX + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O
→ 2a + b = 6.0,08 + 2.6,36 (1)

Giải (1) (2) được a = 4,56 và b = 4,08
BTKL → mX = mCO2 + mH2O - m­O2 = 4,56.44 + 4,08.18 - 6,36.32 = 70,56 gam
Ta có           X + 3NaOH → Muối + C3H5(OH)3
                  0,08 → 0,24 →                    0,08       (mol)
BTKL → mmuối = mX + mNaOH - mC3H5(OH)3
= 70,56 + 0,24.40 - 0,08.92 = 72,8 gam
 Đáp án cần chọn là: A

Chúng tôi đề xuất

Tài nguyên

Ứng dụng mobile

Bảng xếp hạng

Các khóa học có thể bạn quan tâm

Yêu cầu VIP