Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Đáp án:
Giải thích các bước giải:
Xét ΔMNF,ΔMPEΔMNF,ΔMPE có :
MN=MPMN=MP (ΔMNPΔMNP cân tại M)
Mˆ:ChungM^:Chung
ME=MF(gt)ME=MF(gt)
=> ΔMNF=ΔMPE(c.g.c)ΔMNF=ΔMPE(c.g.c)
b) Ta có : {MN=MP(ΔMNP cân tại M))ME=MF(gt){MN=MP(ΔMNP cân tại M))ME=MF(gt)
Lại có : {E∈MNF∈MP(gt)⇒{MN=ME+NEMP=MF+FP{E∈MNF∈MP(gt)⇒{MN=ME+NEMP=MF+FP
Nên : MN−ME=MP−MFMN−ME=MP−MF
⇔NE=PF⇔NE=PF
Xét ΔNSE,ΔPSFΔNSE,ΔPSF có :
ESNˆ=FSPˆESN^=FSP^ (đối đỉnh)
NE=FPNE=FP (cmt)
SNEˆ=SPFˆSNE^=SPF^ (suy ra từ ΔMNF=ΔMPEΔMNF=ΔMPE)
=> ΔNSE=ΔPSF(g.c.g)ΔNSE=ΔPSF(g.c.g)
c) Xét ΔMEFΔMEF có :
ME=MF(gt)ME=MF(gt)
=> ΔMEFΔMEF cân tại M
Ta có : MEFˆ=MFEˆ=180O−Mˆ2(1)MEF^=MFE^=180O−M^2(1)
Xét ΔMNPΔMNP cân tại M có :
MNPˆ=MPNˆ=180o−Mˆ2(2)MNP^=MPN^=180o−M^2(2)
Từ (1) và (2) => MEFˆ=MNPˆ(=180O−Mˆ2)MEF^=MNP^(=180O−M^2)
Mà thấy : 2 góc này ở vị trí đồng vị
=> EF//NP(đpcm)EF//NP(đpcm)
d) Xét ΔMKN,ΔMKPΔMKN,ΔMKP có :
MN=MPMN=MP (ΔMNPΔMNP cân tại M)
MK : Chung
NK=PKNK=PK (K là trung điểm của NP )
=> ΔMKN=ΔMKP(c.c.c)ΔMKN=ΔMKP(c.c.c)
=> NMKˆ=PMKˆNMK^=PMK^ (2 góc tương ứng)
=> MK là tia phân giác của NMPˆNMP^ (3)
Xét ΔMSN,ΔMSPΔMSN,ΔMSP có :
MN=MPMN=MP (ΔMNPΔMNP cân tại M)
MNSˆ=MPSˆMNS^=MPS^ ( do ΔMNF=ΔMPEΔMNF=ΔMPE)
MS:ChungMS:Chung
=> ΔMSN=ΔMSP(c.g.c)ΔMSN=ΔMSP(c.g.c)
=> NMSˆ=PMSˆNMS^=PMS^ (2 góc tương ứng)
=> MS là tia phân giác của NMPˆNMP^ (4)
Từ (3) và (4) => M , S, K thẳng hàng
Bài này tương tự nha bn
Min ko co thgian nên ko jup bn dc rồi
sr
a,,Ta có A^=70*
Mà tam giác ABC cân tại A
=>B^=C^=180*-70*/2=110*/2=55*
b,Ta có :CBD^=55*+ABD^=180*(Góc bẹt)
BCE^=55*+ACE^=180*(Góc bẹt)
=>ABD^=ACE^
Xét tam giác ABD và tam giác ACE
AB=AC(gt)
ABD^=ACE^(cmt)
A1^=A2^(gt)
=>tam giác ABD = tam giác ACE (g-c-g)
c,theo câu b ta có :
KEC^HDC^
DB=EC
Xét tam giác vuông HBD và tam giác vuông KCE
DB=EC(cmt)
KEC^=HDC^(cmt)
=> tam giác HBD = tam giác KCE
=>BH=CK
a:
Ta có: \(\widehat{ABC}+\widehat{ABE}=180^0\)(hai góc kề bù)
\(\widehat{ACB}+\widehat{ACF}=180^0\)(hai góc kề bù)
mà \(\widehat{ABC}=\widehat{ACB}\)(ΔABC cân tại A)
nên \(\widehat{ABE}=\widehat{ACF}\)
Xét ΔABE và ΔACF có
AB=AC
\(\widehat{ABE}=\widehat{ACF}\)(cmt)
BE=CF
Do đó: ΔABE=ΔACF
=>AE=AF
=>ΔAEF cân tại A
b: Xét ΔBHE vuông tại H và ΔCKF vuông tại K có
BE=CF
\(\widehat{E}=\widehat{F}\)(ΔABE=ΔACF)
Do đó: ΔBHE=ΔCKF
c: Ta có: ΔBHE=ΔCKF
=>BH=CK và \(\widehat{HBE}=\widehat{KCF}\) và EH=KF
Ta có: AH+HE=AE
AK+KF=AF
mà HE=KF và AE=AF
nên AH=AK
Xét ΔAHI vuông tại H và ΔAKI vuông tại K có
AI chung
AH=AK
Do đó: ΔAHI=ΔAKI
=>IH=IK
=>ΔIHK cân tại I
1 Xét 2 tam giác MAB và tam giác MDC:
Ta thấy:
\(\widehat{AMB}=\widehat{DMC}\)(hai góc đối đỉnh)
BM=MC (gt)
MA=MD (gt)
Từ các giả thiết trên, suy ra:
\(\Delta MAB=\Delta MDC\left(c-g-c\right)\)
c) Xét \(\Delta AEP\) và \(\Delta AEB\)
có: AP=AB ( p b)
góc BAE = góc PAE ( p a)
AE là cạnh chung
\(\Rightarrow\Delta AEP=\Delta AEB\left(c-g-c\right)\)
\(\Rightarrow\widehat{APE}=\widehat{ABE}=90^0\)( 2 góc tương ứng )
\(\Rightarrow\widehat{APE}=90^0\)
\(\Rightarrow AP\perp PE⋮P\)( định lí) (1)
Ta có: góc BAE + góc PAE + góc PAF + góc FAD = góc BAD
thay số: 15 + 15 + góc PAF + 30 = 90
góc PAF = 90 -15 -15 -30
góc PAF = 30
=> góc PAF = góc FAD ( = 30 độ)
Xét tam giác AFP va tam giác AFD
có: AP = AD ( p b)
góc PAF = góc FAD ( cmt)
AF là cạnh chung
\(\Rightarrow\Delta AFP=\Delta AFD\left(c-g-c\right)\)
\(\Rightarrow\widehat{APF}=\widehat{ADF}=90^0\)( 2 góc tương ứng)
\(\Rightarrow\widehat{APF}=90^0\)
\(\Rightarrow AP\perp PF⋮P\)( định lí) (2)
Từ (1); (2) => E;P;F thẳng hàng