Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Đáp án A
A + 4NaOH → Muối + H2O
B + 5NaOH → Muối + H2O
Giả sử nA = x ; nB = y mol
=> mmuối – mX = (4.40 – 18)x + (5.40 – 18)y = 15,8g
Lại có: Khi Đốt cháy muối → sản phẩm cháy → Ca(OH)2
=> mbình tăng = 56,04g = mCO2 + mH2O và nN2 = 0,22 mol (khí thoát ra)
Bảo toàn N: 4x + 5y = 0,22.2
=>x = 0,06 ; y = 0,04 mol => nNaOH = 4x + 5y = 0,44 mol => nNa2CO3 = 0,22 mol
Giả sử A có a Gly và (4 – a) Ala
B có b Gly và (5 – b) Ala
Phản ứng cháy tổng quát:
CnH2n+1O2NNa + O2 → ½ Na2CO3 + (n – ½ )CO2 + (n + ½ )H2O + ½ N2
=> nH2O – nCO2 = nmuối = 4x + 5y = 0,22 mol
=> nCO2 = 0,84 ; nH2O = 1,06 mol
=>Bảo toàn C:
.nC(X) = nCO2 + nNa2CO3
0,06.[2a + 3(4 – a)] + 0,04.[ 2b + 3(5 – b)] = 0,84 + 0,22
=> 3a + 2b = 13
=> a = 3 ; b = 2
=> A là (Gly)3Ala và B là (Gly)2(Ala)3
=> %mB(X) = 46,94%
Đáp án : A
Bảo toàn O : nO(X) = 2nCO2 + nH2O – 2nO2 = 0,3 mol
=> nX = ½ nO = 0,15 mol
=> nC : nH : nO = 0,45 : 0,9 : 0,3 = 3 : 6 : 2
=> X là C3H6O2 gồm 2 este : x mol CH3COOCH3 và y mol HCOOC2H5
=> nNaOH dư = nNaOH – nX = 0,2 – 0,15 = 0,05 mol
mrắn = mCH3COONa + mHCOONa + mNaOH
=> 82x + 68y = 12,9 – 40.0,05
nX = x + y = 0,15
=> x = 0,05 ; y = 0,1 mol
=> %mHCOOC2H5 = 66,67%
| CHÚ Ý : + Với những trường hợp thủy phân este mạch hở thì ta có số mol NaOH = số mol COO và nếu gốc ancol no thì lượng OH trong kiềm (NaOH hoặc KOH) sẽ chạy cả vào ancol. + Với ancol nếu có số mol OH bằng số mol C thì ancol chắc chắn phải no vì nhóm OH không thể đính vào C không no và một C chỉ có nhiều nhất 1 nhóm OH đính vào. |
Chọn đáp án A.
Trường hợp 1:
m C 17 H 35 C O O N a m C 15 H 31 C O O N a = 1 , 817
⇒ 306 n C 17 H 35 C O O N a 278 n C 15 H 31 C O O N a = 1 , 817
⇒ Loại.
Trường hợp 2:
m C 17 H 35 C O O N a m C 15 H 31 C O O N a = 1 1 , 817
⇒ 306 n C 17 H 35 C O O N a 278 n C 15 H 31 C O O N a = 1 1 , 817
⇒ Trong phân tử X có 2 gốc C15H31COO