K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

22 tháng 1 2017

Đặt CTPT trung bình của 2 amin là  .

Theo giả thiết suy ra:  14 n ¯ +   17   =   2.17 , 833   ⇒   n ¯ =   4 3

Quy đổi hỗn hợp O 3 ,   O 2  thành O, theo định luật bảo toàn khối lượng ta có.

Sơ đồ phản ứng:

  C H 2 + 3 N   → t ° 2   C O 2   +   ( 2     +   3 ) H 2 O   +   N 2               1

mol :         1            n ¯                    2 + 3 2         

Theo (1) ta có: 

n O   p u   =   2     + 2 + 3 2     =   5 , 5   m o l

⇒   m ( O 3 , O 2 ) =   m O   =   5 , 5.16   =   88   g a m   ⇒   n ( O 3 , O 2 ) =     88 2.22 =   2   m o l .

V ậ y   V Y     :   V X     =   1   :   2 .

Đáp án cần chọn là: D

14 tháng 11 2018

 

Gọi CTPT chung của amin là  C n H 2 n + 3 N

M ¯ a m i n   =   35 , 666   =   14 n   +   17   →   n   =   4 / 3

% O 2   = 48 − 44 48 − 32     =   0 , 25 → n O 2   =   x m o l ;   n O 3 =   3 x m o l

→ n O = 2. x + 3.3 x = 11 x m o l n O 2 + O 3 = 4 x m o l   C 4 3 H 17 3 N     +   11 2 O   →   4 3 C O 2   +   17 6 H 2 O   + 1 2   N 2 →   V O   =   V V 1   →     V O 2 + O 3 =   V 2   =   4 11 .   11 2 V 1   =   2 V 1 →   V 1   :   V 2   =   1   :   2

Đáp án cần chọn là: B

 

5 tháng 8 2019

Đáp án B

Quy đổi hỗn hợp tương đương với y mol  C 4 H 17 N

- Phản ứng cháy:

23 tháng 6 2017

9 tháng 2 2017

Đáp án B

nO2 = 7/22,4 = 0,3125 (mol)

Gọi số mol của X và Y lần lượt là a và 5a (mol)

BTKL: mZ + mO2 = mCO2 + mH2O + mN2

=> mCO2 + mH2O + mN2 = 3,17 + 0,3125.32 =13,17(g)  (1)

Khối lượng dung dịch NaOH đặc tăng chính là khối lượng của CO2 và H2O

=> mCO2 + mH2O = 12,89 (g)  (2)

Từ (1) và (2) => mN2 = 0,28 (g) => nN2 = 0,01 (mol)

BTNT N => nX = 2nN2 = 0,02 (mol)

=> nZ = 6nX = 0,12 (mol)

Gọi x và y lần lượt là số mol của CO2 và H2O

=> Y phải có CH4

TH1: Hidrocacbon còn lại trong Y không có liên kết pi

=> nH2O – nCO2 = 1,5namin + nY => ta thấy không thỏa mãn vì: 0,01 #0,08 => loại

TH2: Hidrocacbon còn lại trong Y không có 1 liên kết pi

=> nH2O – nCO2 = 1,5namin + nCH4 ( Vì đốt HC có 1 liên kết pi cho mol CO2 = H2O )

=> nCH4 = ( 0,215 – 0,205) – 1,5.0,02 = - 0,02 (mol) < 0 => loại

TH3: Hidrocacbon còn lại trong Y không có 2 liên kết pi

 

Gọi a và b lần lượt là số mol của CH4 và CmH2m-2 trong Y

 

28 tháng 3 2017

n O 2   =   7 / 22 , 4   =   0 , 3125   m o l

Gọi số mol của X và Y lần lượt là a và 5a (mol)

B T K L :   m Z   +   m O 2   =   m C O 2   + m H 2 O     +     m N 2    

= >     m C O 2 +   m H 2 O   +   m N 2 =   3 , 17   +   0 , 3125.32   = 13 , 17   g a m     1

Khối lượng dung dịch NaOH đặc tăng chính là khối lượng của  C O 2   v à   H 2 O

= >   m C O 2   +   m H 2 O   =   12 , 89   g     2

Từ (1) và (2) => m N 2   =   0 , 28 g   ⇒ n N 2   =   0 , 01   m o l

BTNT N  = >   n X   =   2   n N 2 =   0 , 02 m o l

= >   n Z   =   6 n X   =   0 , 12   m o l

Gọi x và y lần lượt là số mol của  C O 2   v à   H 2 O

   ∑ m ( C O 2 + H 2 O ) = 44 x + 18 y = 12 , 89 → BTNT :  O 2 x + y = 0 , 3125.2 = >     x = 0 , 205 y = 0 , 215

Số C trung bình trong Z là:    = n C O 2 n Z     =   0 , 205 0 , 12   =   1 , 7    

=> Y phải có  C H 4

TH1: Hiđrocacbon còn lại trong Y không có liên kết pi

= > n H 2 O     −   n C O 2   =   1 , 5 n a m i n   +   n Y   = >  ta thấy không thỏa mãn vì: 0,01 ≠ 0,08 => loại

TH2: Hiđrocacbon còn lại trong Y không có 1 liên kết pi

= > n H 2 O     − n C O 2   =   1 , 5 n a m i n   +   n C H 4  (Vì đốt HC có 1 liên kết pi cho số mol  C O 2   =   H 2 O   )

= > n C H 4   =  (0,215 – 0,205) – 1,5.0,02 = - 0,02 (mol) < 0 => loại

TH3: Hiđrocacbon còn lại trong Y không có 2 liên kết pi

Gọi a và b lần lượt là số mol của C H 4   v à   C m H 2 m − 2  trong Y

∑ n Y = a + b = 0 , 1 n H 2 O   −   n C O 2 = 1 , 5 n amin + a − b   ⇒ a + b = 0 , 1 0 , 01 = 1 , 5.0 , 02 + a − b ⇒ a = 0 , 04 b = 0 , 06

Gọi CTPT chung của 2 amin là:

C H 2 + 3 N : 0 , 01   m o l CH 4 : 0 , 04   m o l C m H 2 m − 2 : 0 , 06   m o l → B T N T :   C n C O 2 = 0,01 n ¯  + 0,04 + 0,06m = 0,205

= >   2   < n ¯     =   0 , 165 − 0 , 06 m 0 , 02   <   3

=> 1,75 < m < 2,08

=> m = 2 =>  C 2 H 2

= >   n ¯   =   2 , 25

Gọi u và v lần lượt là số mol của  C 2 H 7 N   v à   C 3 H 9 N

  ∑ n X = u + v = 0 , 02 = 2 u + 3 v 0 , 02 = 2 , 25 = >     u = 0 , 015 m o l v = 0 , 005 m o l

=>   % C 2 H 7 N   =   0 , 015.45 0 , 015.45 + 0 , 005.59 .100 %   =   69 , 58 %

Gần nhất với 70%

Đáp án cần chọn là: B

8 tháng 3 2019

Đáp án B

nO2 = 7/22,4 = 0,3125 (mol)

Gọi số mol của X và Y lần lượt là a và 5a (mol)

BTKL: mZ + mO2 = mCO2 + mH2O + mN2

=> mCO2 + mH2O + mN2 = 3,17 + 0,3125.32 =13,17(g)  (1)

Khối lượng dung dịch NaOH đặc tăng chính là khối lượng của CO2 và H2O

=> mCO2 + mH2O = 12,89 (g)  (2)

Từ (1) và (2) => mN2 = 0,28 (g) => nN2 = 0,01 (mol)

BTNT N => nX = 2nN2 = 0,02 (mol)

=> nZ = 6nX = 0,12 (mol)

Gọi x và y lần lượt là số mol của CO2 và H2O

Số C trung bình trong Z là: 

=> Y phải có CH4

TH1: Hidrocacbon còn lại trong Y không có liên kết pi

=> nH2O – nCO2 = 1,5namin + nY => ta thấy không thỏa mãn vì: 0,01 #0,08 => loại

TH2: Hidrocacbon còn lại trong Y không có 1 liên kết pi

=> nH2O – nCO2 = 1,5namin + nCH4 ( Vì đốt HC có 1 liên kết pi cho mol CO2 = H2O )

=> nCH4 = ( 0,215 – 0,205) – 1,5.0,02 = - 0,02 (mol) < 0 => loại

TH3: Hidrocacbon còn lại trong Y không có 2 liên kết pi

Gọi a và b lần lượt là số mol của CH4 và CmH2m-2 trong Y

Gọi CTPT chung của 2 amin là:

=> 1,75 < m < 2,08

Gọi u và v lần lượt là số mol của C2H7N và C3H9N

= 69,58%

Gần nhất với 70%

4 tháng 6 2019

3 , 17 g   Z   C n H 2 n + 3 N : z C m H 2 m + 2 − 2 k : 5 z   +   O 2 :   + 0 , 3125   m o l   →     C O 2 : a   H 2 O : b N 2 : 0 , 5 z +   N a O H   →   Δ m   = 12 , 89 g a m

⇒ m C O 2 + m H 2 O = Δ m n C O 2 + n H 2 O = 2 n O 2 B T N T       ⇒   44 a + 18 b = 12 , 892 a + b = 2.0 , 3125   ⇒   a = 0 , 205 b = 0 , 215

m Z   =   m C   +   m H   +   m N   ⇒   m N   =   , 17 - ( 12 . 0 , 205 + 2 . 0 , 215 )   =   0 , 28   g a m

  n N   =   0 , 02   m o l   ⇒   z   =   0 , 02   ⇒   n Y   =   5 z   =   0 , 1

n H 2 O   − n C O 2     =   0 , 01   =   1 , 5 z   +   5 z . ( 1   − k ¯   )   ⇒     k ¯ =   1 , 2

n Z   =   6 z   =   0 , 12   m o l   ⇒ C ¯     =     n C O 2 n Z =   1 , 708 ;     H ¯ =     n H n Z =   3 , 583

Vì X chứa 2 amin C 2 H 7 N   v à   C 3 H 9 N , đều có số nguyên tử C > 1,708 và H > 3,583

→ Y chứa một hiđrocacbon có số nguyên tử C < 1,708 → Y chứa  C H 4 .

Hai hiđrocacbon trong Y có số liên kết pi nhỏ hơn 3, mà C H 4  (k=0) và = 1,2

→ hiđrocacbon còn lại Y2 có k = 2 và số nguyên tử H < 3,583 → Y2:  C 2 H 2

k ¯ =   1 , 2   ⇒   n C H 4 k = 0 n Y 2 k = 2   =   2 − 1 , 2 0 − 1 , 2   =   2 3

  ⇒ n C H 4   =   2 z   =   0 , 04 ;           n Y 2       =   0 , 06   m o l

n C O 2 =   0 , 205   =   n . x   +   n C H 4 +   2   n C 2 H 2   ⇒   n   =     0 , 205 − 0 , 04 − 2.0 , 06 0 , 02 =   2 , 25

X C 2 H 7 N : x   C 3 H 9 N : y     ⇒     x + y = 0 , 02   2 x + 3 y = 2 , 25.0 , 02 = n C ⇒   x = 0 , 015 y = 0 , 005

  % C 2 H 7 N X   =   0 , 015.45 0 , 015.45 + 0 , 005.59 .100 %   =   69 , 59 %

Đáp án cần chọn là: B

2 tháng 10 2018

C n H 2 n + 3 N   →   n C O 2     +     n + 1 , 5 H 2 O         +       0 , 5   N 2

x                      nx            (n+1,5)x            0,5x

Vì N 2  là khí trơ nên dung dịch NaOH chỉ hấp thụ  C O 2   v à   H 2 O

= >   m d d   t ă n g     =   m C O 2 +   m H 2 O =     44 n x + 18 x n + 1 , 5 = 62 n + 27 x = 24   1

m X   =   14 n + 17 x   = 7 , 6     2

Từ (1) và (2)  = >   n x = 0 , 3 x = 0 , 2   →     n = 1 , 5 x = 0 , 2

Theo định luật BTKL 

m X   + m O 2   =   m C O 2 + m H 2 O   +   m N 2 →   7 , 6   +   32.   n O 2 =   24   +   2 , 8

→ n O 2   =   0 , 6   m o l

Trong không khí:  O 2     a   m o l ,     N 2     4 a   m o l

Hỗn hợp Y gồm:  n O 2 =       a   −   0 , 6   m o l ;                       n N 2 =       4 a   +   0 , 1   m o l

n O 2 : n N 2   =   1   :   9   →   9 a − 0 , 6 = 4 a + 0 , 1   →   a   =   1 , 1   m o l

n Y   =     1 , 1 − 0 , 6 + 4.1 , 1 + 0 , 1 =   5   m o l   →   V   =   22 , 4.5   =   112   l í t

Đáp án cần chọn là: B