Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
\(n_S=\frac{4,8}{32}=0,15\left(mol\right)\)
\(PTHH:S+O_2\underrightarrow{t^o}SO_2\)
(mol)____0,15_______0,15__
\(n_{NaOH}=0,2.2=0,4\left(mol\right)\)
Tỉ lệ: \(\frac{n_{OH}}{n_{SO_2}}=\frac{0,4}{0,15}=2,7>2\rightarrow\) Tạo muối trung hòa, tính theo \(SO_2\)
\(PTHH:2NaOH+SO_2\rightarrow Na_2SO_3+H_2O\)
(mol)______0,3_______0,15_____0,15___________
Sau pứ có \(0,15(mol)Na_2SO_3\) và \(0,4-0,3=0,1\left(mol\right)NaOH\)
\(C_{M_{Na_2SO_3}}=\frac{0,15}{0,2}=0,75\left(M\right)\)
\(C_{M_{NaOH}}=\frac{0,1}{0,2}=0,5\left(M\right)\)
TH1:
\(\frac{n_{NaOH}}{n_{nCO2}}=\frac{a}{b}=1\) => tạo ra muối axit
NaOH + CO2 --> NaHCO3
b________b_______b
Sau phản ứng thu được:
a=b= mol NaHCO3
TH2:
\(\frac{n_{NaOH}}{n_{CO_2}}\le1\) => Tạo ra muối axit, dư CO2
=> \(\frac{a}{b}\le1\)=> \(b\ge a\)
NaOH + CO2 --> NaHCO3
a_______a________a
Sau phản ứng thu được: a mol NaHCO3 và dư (b - a) mol CO2
TH3:
\(\frac{n_{NaOH}}{n_{CO_2}}=2\)=> tạo ra muối trung hòa
=> \(\frac{a}{b}=2\)=> a=2b
2NaOH + CO2 --> Na2CO3 + H2O
2b_______b________b
Sau phản ứng thu được : b mol Na2CO3
TH4:
\(\frac{n_{NaOH}}{n_{CO_2}}\ge2\)=> tạo ra muối trung hòa và dư NaOH
=> \(\frac{a}{b}\ge2\)=> a\(\ge\)2b
2NaOH + CO2 --> Na2CO3 + H2O
2b_______b________b
Sau phản ứng thu được: b mol Na2CO3 và dư ( a - b ) mol NaOH
Còn 1 TH nữa nhé, tối về mình giải .
PTHH:
2 NaOH+ CO2--> Na2CO3 +H2O ; (1)
Na2CO3 + CO2 +H2O --> 2NaHCO3;(2)
Ta có tỉ lệ : nNaOH/ nCO2= A/B;
TH1: A/B =2 thì khi đó NaOH và CO2 vừa đủ cho phản ứng (1) , không còn dư để xảy ra phản ứng (2) nên chỉ tạo thành muối trung hòa là Na2CO3 .
Số mol các chất trong dd sau phản ứng là : B mol Na2CO3.
TH2: A/B =1 hay A=B thì sau khi xảy ra phản ứng (1) CO2 còn dư và lượng CO2 còn dư phản ứng vừa đủ với lượng muối cacbonat sinh ra ở phản ứng (1) nên chỉ tạo thành muối axit là NaHCO3.
Số mol các chất trong dd sau phản ứng là: A mol NaHCO3.
TH3: A/B <1 thì CO2 còn dư sau phản ứng (1) tiếp tục phản ứng với toàn bộ muối cacbonat vừa tạo ra để tạo thành muối axit nhưng vẫn còn dư sau 2 phản ứng. Do đó muối tạo thành chỉ gồm NaHCO3
Số mol các chất trong dd sau phản ứng là CO2 dư: B-A mol;
và NaHCO3 : A mol;
TH4 : A/B > 2 thì NaOH còn dư sau phản ứng (1) đồng thời CO2 hết nên muối tạo thành chỉ gồm Na2CO3
Khi đó Số mol các chất trong dd sau phản ứng là NaOH dư :
A-2B mol;
Na2CO3: B mol;
TH5 : 1< A/B < 2 thì thì CO2 còn dư sau phản ứng (1) tiếp tục phản ứng hết ở (2) nhưng chỉ phản ứng với 1 phần muối cacbonat sinh ra ở phản ứng (1) nên muối tạo thành là Na2CO3 và NaHCO3 :
Khi đó Số mol các chất trong dd sau phản ứng là : Na2CO3= A-B mol
NaHCO3: 2B-A mol
\(n_{SO_2}=\dfrac{1.12}{22.4}=0.05\left(mol\right)\)
\(n_{NaOH}=0.05\cdot1=0.05\left(mol\right)\)
\(\dfrac{n_{NaOH}}{n_{SO_2}}=\dfrac{0.05}{0.05}=1\)
\(X:NaHSO_3\)
Ta có: nZn=\(\frac{1,3}{65}\)=0,02 mol
mH2SO4=20.98%=19,6 gam\(\rightarrow\)nH2SO4=\(\frac{19,6}{98}\)=0,2 mol.
Trung hòa dung dịch A cần dùng 0,28 mol NaOH
2NaOH + H2SO4\(\rightarrow\)Na2SO4 + H2O
\(\rightarrow\)nH2SO4 dư =\(\frac{0,28}{2}\)=0,14 mol \(\rightarrow\) nH2SO4 phản ứng với Zn\(\text{=0,2-0,14=0,06 mol.}\)
Dung dịch A chứa 0,02 mol ZnSO4 và 0,14 mol H2SO4 dư
Bảo toàn S: nS trong sản phẩm khử\(\text{=0,2-0,02-0,14=0,04 mol.}\)
Gọi n là số mol e nhận để từ S+6 tạo thành sản phẩm khử.
Bảo toàn e: 0,02.2=0,04.n \(\rightarrow\)n=1\(\rightarrow\) k ra được X?? (nếu n=2 \(\rightarrow\) SO2 )
Dung dịch B thu được chứa Na2SO4 0,14 mol và ZnSO4 0,02 mol.
\(\rightarrow\)m chất tan trong B=23,1 gam
Bạn xem lại đề ạ
\(n_{SO_2}=\dfrac{2,688}{22,4}=0,12\left(mol\right)\)
nNaOH = 0,4.x (mol)
- Nếu chất rắn sau pư gồm Na2SO3, NaHSO3
PTHH: 2NaOH + SO2 --> Na2SO3 + H2O
0,4x-->0,2x----->0,2x
Na2SO3 + SO2 + H2O --> 2NaHSO3
(0,12-0,2x)<-(0,12-0,2x)----->(0,24-0,4x)
=> hh rắn \(\left\{{}\begin{matrix}Na_2SO_3:0,4x-0,12\left(mol\right)\\NaHSO_3:0,24-0,4x\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> 126(0,4x - 0,12) + 104(0,24 - 0,4x) = 17,52
=> \(x=\dfrac{48}{55}\)( Thử lại => Không thỏa mãn)
- Nếu rắn sau pư là Na2SO3
\(n_{Na_2SO_3}=\dfrac{17,52}{126}=\dfrac{73}{525}\left(mol\right)\)
Bảo toàn S: nSO2 = \(\dfrac{73}{525}\) (mol) => Vô lí
- Nếu rắn sau pư là NaHSO3
\(n_{NaHSO_3}=\dfrac{17,52}{104}=\dfrac{219}{1300}\left(mol\right)\)
Bảo toàn S: \(n_{SO_2}=\dfrac{219}{1300}\left(mol\right)\) => Vô lí
- Nếu rắn sau pư gồm Na2SO3 và NaOHdư
PTHH: 2NaOH + SO2 --> Na2SO3 + H2O
0,24<---0,12----->0,12
=> hh rắn \(\left\{{}\begin{matrix}NaOH:0,4x-0,24\left(mol\right)\\Na_2SO_3:0,12\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> 40(0,4x - 0,24) + 0,12.126 = 17,52
=> x = 0,75 (Thử lại => Thỏa mãn)
Vậy x = 0,75
S + O2 => SO2 (1)
SO2 + 2NaOH => Na2SO3 + H2O (2)
SO2 + NaOH => NaHSO3 (3)
nS = \(\frac{a}{32}\left(mol\right)\)
nNaOH = \(\frac{b}{40}\left(mol\right)\)
(1) => nSO2 = nS = \(\frac{a}{32}\left(mol\right)\)
+ Trường hợp 1 : X : NaOH dư , Na2SO3
=> \(\frac{a}{b}=< \frac{2}{5}\)=> xảy ra (2)
(2) => nNaOH phản ứng = 2.nSO2 = \(\frac{a}{16}\left(mol\right)\)
nNaOH dư = \(\frac{b}{40}-\frac{a}{16}\left(mol\right)\)
(2) => nNa2SO3 = 2.nSO2 = \(\frac{a}{16}\left(mol\right)\)
+ Trường hợp 2 : X : NaHSO3 , Na2SO3
=> \(\frac{2}{5}< \frac{a}{b}< \frac{4}{5}\)=> xảy ra (2),(3)
Gọi nNa2SO3 = x (mol) , nNaHSO3 = y (mol)
(2),(3) => nNaOH = 2x + y = \(\frac{b}{40}\) (mol) (I)
(2),(3) => nSO2 = x + y = \(\frac{a}{32}\) (mol) (II)
(I),(II) => x = \(\frac{b}{40}-\frac{a}{32}\) , y = \(\frac{a}{16}-\frac{b}{40}\)
+ Trường hợp 3 : X : NaHSO3
=> \(\frac{a}{b}>=\frac{4}{5}\)=> xảy ra (3)
(3) => nNaHSO3 = 2.nNaOH = \(\frac{b}{20}\left(mol\right)\)