Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Đáp án là C
n N a 2 C O 3 = 0 , 14 m o l ⇒ n N a O H = 0 , 28 m o l n H 2 = 0 , 08 m o l ⇒ n O t r o n g a n c o l = 0 , 16 m o l
=> X là este của phenol và n X = 0 , 28 - 0 , 16 2 = 0 , 06
X là RCOOP (0,06); Y là R C O O 2 A ( 0 , 08 )
Muối gồm RCOONa (0,22) và PONa (0,06) Đốt muối ⇒ n C O 2 = u v à n H 2 O = v ⇒ u + v = 1 , 36
Bảo toàn O => 2u+v+0,14.3= 0,22.2+0,06+1,08.2=> u=0,88 và v=0,48
Bảo toàn khối lượng :
T c ó d ạ n g C x H y O 2 ( 0 , 08 m o l ) C x H y O 2 + ( x + 0 , 25 y - 1 ) O 2 → x C O 2 + 0 , 5 y H 2 O n O 2 = 0 , 08 ( x + 0 , 25 y - 1 ) = 0 , 32 ⇒ 4 x + y = 20
Do y ≤ 2 x + 2 n ê n x = 3 v à y = 8 là nghiệm duy nhất T là C 3 H 6 ( O H ) 2
X là C H 2 = C H - C O O - C 6 H 5 ( 0 , 06 )
Y là ( C H 2 = C H - C O O ) 2 C 3 H 6 ( 0 , 08 )
=> %Y= 62,37%
Chọn A.
Đặt 
Trong 7,72 gam E có 0,26 mol nguyên tử O trong E Þ (2a – 1,3).7,72 = (44a – 18,6).0,26 Þ a = 1,3
Nhận thấy nC = nO và CE = 2 Þ E gồm X là CH3COOH, Y là HCOOCH3 và Z là (COOCH3)2.
Ta có: 2nX + 2nY + 4nZ = 1,3 (1) và 2nX + 2nZ + 3nZ = 1,1 (2)
Lấy (1) – (2 suy ra nZ = 0,2 mol Þ %mZ = 61,14%.
Đáp án A
nO2=0,66 mol; nCO2=0,57 mol. Giả sử Z là ROH
BTKL=>mH2O=mX+mO2-mCO2=11,88+0,66.32-25,08=7,92 g
=> nH2O=0,44 mol
mO=mX-mC-mH=11,88-0,57.12-0,44.2=4,16 mol
=>nO=0,26 mol=> nROH=nCOO=0,5nO=0,13 mol
ROH+Na→RONa+H2
mbình Na tăng = mROH-mH2=0,13(R+17)-0,065.2=5,85=>R=29(C2H5)
Do trộn m gam Y với CaO rồi nung nóng (không có mặt oxi), thu được một hidrocacbon duy nhất
Ta có:
H-R’COOC2H5: x
C2H5OCO-R’-COOC2H5: y
x+2y=nCOO=0,13
x+y=nCnH2n+2=2,016/22,4=0,09
=> x=0,05; y=0,04
Ta có: 0,05(R’+74)+0,04(R’+146)=11,88=>R’=26 (-CH=CH-)
=> este đơn chức là CH2=CH-COOC2H5 0,05 mol
=> m=0,05.100=5 gam
Đáp án C
n C O 2 = 0,2 mol; n H 2 = 0,05 mol → n - O H a n c o l = 0,1 mol → n C t r o n g a n c o l ≥ 0,1 mol;
n N a O H = n O t r o n g Z = 0,1 → n C m u ố i ≥ 0,1 mol.
n C t r o n g E = n C t r o n g a n c o l + n C m u ố i = n C O 2 = 0,2 mol
→ n C t r o n g a n c o l = 0,1 mol; n C m u ố i = 0,1 mol.
→ Ancol có số C = số O; muối có số C = số Na. Vậy ancol là C H 3 OH (0,1 mol); các muối là HCOONa a mol và C O O N a 2 b mol
Bảo toàn Na có: a + 2b = n N a O H = 0,1 mol (1).
m m u ố i = 6,76 gam → 68a + 134b = 6,76 gam (2)
Từ (1) và (2) có a = 0,06 và b = 0,02.
X là HCOOC H 3 0,06 mol và Y là C O O C H 3 2 0,02 mol.
E là este của với 3 axit X,Y,Z => X cũng là axit đơn chức
- Xét phản ứng đốt cháy M (X, E)
(Vì X có 2 liên kết pi => X có 1 pi trong gốc hidrocacbon và 1 pi trong nhóm COO)
=> E là este của X,Y,Z => số pi = pi(gốc R của X) + pi(COO) = 1 + 3 = 4)
Gọi công thức tổng quát của X : CnH2n-2O2 : u mol
E : CmH2m-6O6 : v mol
Khi đốt cháy: CnH2n-2O2 + (1,5n – 2)O2 → nCO2 + (n – 1)H2O
CmH2m-6O6 + (1,5m – 5)O2 → mCO2 + (m – 3)H2O
=> nCO2 – nH2O = nX + 3nE = u + 3v
- M phản ứng với NaOH : nNaOH = nCOO = nX + 3nE = u + 3v = 0,04 mol
Mặt khác mCO2 – mH2O = a – (a – 4,62) = 4,62g
=> nCO2 = 0,15 ; nH2O = 0,11 mol
Bảo toàn nguyên tố : nC(M) = nCO2 = 0,15 mol ; nH(M) = 2nH2O = 0,22 mol
nO(M) = 2nCOO(M) = 2nNaOH = 0,08 mol
=> mM = m = mC + mH + mO = 3,3g
- Xét 13,2g M + NaOH → Muối V thì số mol nguyên tố trong M gấp 13,2 : 3,3 = 4 lần
Và số mol NaOH + M cũng gấp 4 lần => nNaOH = 0,04.4 = 0,16 mol = nmuối V
( Phản ứng tổng quát : Este/Axit + NaOH → Muối + Ancol/H2O )
Khi đốt cháy tạo nCO2 = 0,4 mol
Bảo toàn Na : nNa2CO3 = ½ nNaOH = 0,08 mol
Có : mNa2CO3 + mH2O =14,24g => nH2O = 0,32 mol
Bảo toàn Oxi : nO(V) + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O + 3nNa2CO3
=> nO2 = 0,52 mol
Bảo toàn khối lượng : mV + mO2 = mCO2 + mNa2CO3 + mH2O
=> mV = 15,2g
- Gọi công thức tổng quát của các muối trong V là CxH2x+1COONa ; CyH2y-1COONa
(y chẵn, x > 0)
-Phản ứng cháy : CxH2x+1COONa + O2 → (x + 0,5)CO2 + (x + 0,5)H2O + 0,5Na2CO3
Mol p
CyH2y-1COONa + O2 → (y + 0,5)CO2 + (y - 0,5)H2O + 0,5Na2CO3
Mol q
=> nCO2 – nH2O = q = 0,4 – 0,32 = 0,08 mol => p = 0,16 – q = 0,08 mol
Ta có : nC(V) = nCO2 + nNa2CO3 = 0,48 mol = 0,08.(x+1) + 0,08(y+1)
=> x + y = 4
Vì X có gốc hidrocacbon mạch nhánh, có 1 liên kết pi trong gốc hidrocacbon
=> số C trong gốc hidrocacbon của X ≥ 3
=> y = 3 và x = 1 thỏa mãn điều kiện
=> X là C3H5COOH, 2 axit còn lại là HCOOH và C2H5COOH với số mol bằng nhau = 0,04 mol
(Vì : Số C trung bình = 1 = ½ (tổng số C của 2 axit) => tỉ lệ mol 1 : 1)
Vậy Trong M có : 0,04 mol este E(gốc ancol là R) và 0,04 mol X
=> mM = 13,2 = 0,04.(R + 203) + 0,04.86 => R = 41 (C3H5)
=> %mE(M) = 73,94%
Đáp án cần chọn là: C
Vì bài giải rất dài nên mình xin phép làm tắt, bạn chịu khó theo dõi.
+) Đặt \(n_X=x; n_Y=y; n_Z=z \left(mol\right)\)
+) Xét phản ứng 0,45mol hh M + Na sinh ra 0,36 mol:
chỉ có ancol và axit phản ứng, nên ta có:
\(\left\{\begin{matrix}n_X+n_Z=n_{H2}\\n_X+n_Y+n_Z=0,45\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow\cdot\frac{n_X+n_Y+n_Z}{n_X+n_Z}=\frac{0,45}{0,36}=\frac{5}{4}\)
\(\Rightarrow\cdot\frac{n_Y}{n_X+n_Z}=\frac{1}{4}\Rightarrow x+z=4y\) (*)
(Lưu ý rằng x+y+z không phải bằng 0,45 mol, vì 23,8 gam hỗn hợp M khác với 0,45 mol hỗn hợp M)
+) Xét phản ứng M tác dụng với 0,14 mol NaOH:
Chỉ có axit X và este Y phản ứng với NaOH
\(2n_X+n_Y=n_{NaOH}\Rightarrow2x+y=0,14\) (**)
+) Xét phản ứng đốt M:
X no 2 chức axit nên X có 2 liên kết pi, Y no đơn chức nên Y có 1pi, Z không có pi nào
\(\Rightarrow n_{H2O}-n_{CO2}=n_Z-n_X\\ \Leftrightarrow n_{H2O}=z-x+0,9\left(mol\right)\)
Số mol Oxi trong hh M là: \(n_{O\left(hhM\right)}=16\left(4x+2y+2z\right)\left(gam\right)\)
Theo bảo toàn khối lượng ta có:
\(m_{hhM}=m_C+m_H+m_{O\left(hhM\right)}=12n_{CO2}+2n_{H2O}+16n_{O\left(hhM\right)}\)
\(\Leftrightarrow23,8=0,9\cdot12+2\left(z-x+0,9\right)+16\left(4x+2y+2z\right)\)
\(\Leftrightarrow62x+32y+34z=11,2\) (***)
+) Từ 3 phương trình (*),(**) và (***) giải ra được:
x=0,04; y=0,06; z=0,2
+) Bây giờ ta đi tìm công thức từng chất trong M:
Z là ancol 2 chức không hòa tan được Cu(OH)2 ở đk thường nên Z phải có số C lớn hơn hoặc bằng 3
Số C trung bình của hh M là \(\frac{n_{CO2}}{n_M}=\frac{0,9}{0,04+0,06+0,2}=3\)
Nhận thấy, nếu Z có 4 C hoặc nhiều hơn thì không tìm được X,Y thỏa mãn (phần này mình làm tắt)
Suy ra Z có 3 C, X và Y theo đó cũng có 3 C
\(\Rightarrow Y:C_3H_6O_2\)
\(\Rightarrow\%Y=\frac{0,06\cdot74}{23,8}\approx18,66\%\)
Chọn A
Đốt 1 mol chất mạch hở (có dạng \(C_xH_yO_z\)) ra CO2 và H2O
+) X có 0 pi thì X có dạng: \(C_nH_{2n+2}O_z\)
đốt X sinh ra n mol CO2 và (n+1) mol H2O
\(\Rightarrow n_{H2O}-n_{CO2}=n_X\)
+) Tương tự, Y có 1pi thì Y có dạng \(C_nH_{2n}O_z\)
Suy ra: \(n_{H2O}-n_{CO2}=0\)
+) Vẫn vậy, Z có 2pi thì Z có dạng \(C_nH_{2n-2}O_z\)
Suy ra: \(n_{H2O}-n_{CO2}=-n_Z\)
Cộng cả 3 đẳng thức trên ta có:
\(\Sigma n_{H2O}-\Sigma n_{CO2}=n_X-n_Y\)