Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
a) gọi CTTQ của A là CxHy
4CxHy + (4x+y)O2 \(^{to}\rightarrow\) 2yH2O + 4xCO2
\(\dfrac{0,25}{x}\)<--------------------------------0,25
CO2 + Ca(OH)2 -> CaCO3 \(\downarrow\) + H2O
0,25<--0,25 <------0,25
nCaCO3 = \(\dfrac{25}{100}\) = 0,25 mol
MCxHy = \(\dfrac{4}{\dfrac{0,25}{x}}\) = 16x = 12x + y
<=> 4x = y <=> x : y = 1 :4
vậy CTPT của A là CH4
nCaCO3 = 25/ 100 = 0,25 (mol)
CTTQ : CxHy
Vì nCaCO3 < nCa(OH)2 nên có 2 trường hợp xảy ra :
TH1 : tủa cực đại
Ca(OH)2 + CO2 → CaCO3 + H2O
(mol) 0,25 ← 0,25
nC = nCO2 = 0,25 (mol)
⇒ mH = m(R-H) - mC = 4 - 0,25*12 = 1 (gam)
⇒ nH = 1/1 = 1 (mol)
do đó : x: y = nC : nH = 0,25 : 1 = 1 : 4
CTPT có dạng (CH4)n
mà 4n ≤ 2n + 2
n ≤ 1 suy ra n = 1
CTPT : CH4
TH2 : tủa ban đầu bị hòa tan một phần
Ca(OH)2 + CO2 → CaCO3 + H2O
(mol) 0,25 0,25 0,25
Ca(OH)2 + 2CO2 → Ca(HCO3)2
(mol) 0,275 - 0,25 → 0,05
do đó : \(\Sigma\)nCO2 = 0,25 + 0,05 = 0,3 (mol)
nC = nCO2 = 0,3 (mol)
mH = m(R-H) - mC = 4 - 0,3 *12 = 0,4 (gam)
nH = 0,4 / 1 = 0,4 (mol)
Ta có tỉ lệ : x : y = 0,3 : 0,4 = 3: 4
CTPT có dạng: (C3H4)n
mà 4n ≤ 2*3n + 2
n ≥ -1 (loại vì n ko thể âm )
Do đó CTPT của R-H ban đầu là CH4
Giả sử mol CO2 pứ là: x và y (mol)
CO2 + Ca(OH)2 → CaCO3↓ + H2O
x → x x
2CO2 + Ca(OH)2 → Ca(HCO3)2
y → 0,5y 0,5y
Ca(HCO3)2 + Ba(OH)2 → CaCO3↓ + BaCO3↓ + 2H2O
0,5y → 0,5y 0,5y
b.
A có CTPT là: C10H14. Vậy nên trong A: số vòng + số pi = 4
A lại không tác dụng với KMnO4 nên liên kết pi chỉ có thể trong vòng → có vòng benzen A tạo 1 monoclo duy nhất nên A chỉ có thể là: CH3–C(CH3)(C6H5)–CH3
MA=2,69.29=78g/mol
A là HC dạng lỏng nên A có số C>=5
Gọi CT A là CxHy
mCO2:mH2O=44x/9y=4,9/1
=>44x=44y
=>x=y
CTĐGN của A làCxHx M=14x
mà M=78 số C lớn hơn hoặc bằng 5 nhg loại 5 vì số H phải chẵn nên A là C6H6 benzen
C6H6+Br2 xt Fe,đun nóng=>C6H5Br + HBr
HBr+NaOH=>NaBr+H2O
nNaOH dư=nHCl=0,5 mol
nNaOH bđ=1 mol
=>nNaOH pứ=0,5 mol=nHBr
=>mA=0,5.78=39 gam
mB=0,5.157=78,5 gam
CTC: CxHy
TH1: Ca(OH)2 dư
nCO2=25/100=0,25mol = nC/hidrocacbon
=>nH/hidrocacbon=\(\frac{4-0,25.12}{1}=1mol\)
=>x:y = 0,25 : 1 = 1 : 4
=> CH4
TH2: CO2 hòa tan một phần kết tủa
Ca(OH)2 + CO2 -> CaCO3 + H2O
0,25 <- 0,25 <- 0,25 (mol)
Ca(OH)2 + 2CO2 -> Ca(HCO3)2
(0,275-0,25) -> 0,05 (mol)
=> nCO2= 0,25 + 0,05 = 0,3 mol=nC/hidrocacbon
=>nH/hidrocacbon=\(\frac{4-0,3.12}{1}=0,4mol\)
=>x:y = 0,3 : 0,4 = 3 : 4
=> C3H4
- Phần 1 tác dụng với Br2: nBr2 = 16:160 = 0,1 mol
C2H2 + 2Br2 → C2H2Br4
0,05 ← 0,1 (mol)
- Đặt số mol khí mỗi phần như sau:
+ Số mol hỗn hợp khí X là: nX = 11,2:22,4 = 0,5 mol
Ta có: n khí P1 + n khí P2 = nX => 0,05 + x + 0,05k + kx = 0,5 <=> (x + 0,05)k = 0,45 - x
=> 
+ Đốt cháy phần 2:
C2H2 + 2,5O2 → t ∘ 2CO2 + H2O
0,05k → 0,1k→ 0,05k (mol)
CH4 + 2O2 → t ∘ CO2 + 2H2O
kx → kx → 2kx (mol)
Sản phẩm cháy gồm
dẫn qua dung dịch Ba(OH)2 dư:
CO2 + Ba(OH)2 → BaCO3↓ + H2O
k(x+0,1) → k(x+0,1) (mol)
Khối lượng dung dịch giảm: m dd giảm = mBaCO3 – mCO2 – mH2O
=> 197k(x+0,1) – 44k(x+0,1) – 18k(2x+0,05) = 69,525
=> 153k(x+0,1) – 18k(2x+0,05) = 69,525
=> k(117x+14,4) = 69,525
CaC2 + 2H2O → Ca(OH)2 + C2H2
0,2 ← 0,2 (mol)
Al4C3 + 12H2O → 4Al(OH)3 + 3CH4
0,1 ← 0,1 (mol)
Giá trị của m là: m = mCaC2 + mAl4C3 = 0,2.64 + 0,1.144 = 27,2 gam
Phần trăm thể tích các khí trong X là:
tác dụng với AgNO3 trong NH3 dư:
C2H2 + 2AgNO3 + 2NH3 → Ag2C2↓ + 2NH4NO3
0,15 → 0,15 (mol)
Khối lượng kết tủa thu được là: mAg2C2 = 0,15.240 = 36 gam
a) gọi CTTQ của A là CxHy 4CxHy + (4x+y)O2 t o → 2yH2O + 4xCO2 0 , 25 x <--------------------------------0,25 CO2 + Ca(OH)2 -> CaCO3 ↓ + H2O 0,25<--0,25 <------0,25 nCaCO3 = 25 100 = 0,25 mol MCxHy = 4 0 , 25 x = 16x = 12x + y <=> 4x = y <=> x : y = 1 :4 vậy CTPT của A là CH4