K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

19 tháng 2 2022

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{H_2}=a\left(mol\right)\\n_{C_nH_{2n-2}}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> \(a+b=\dfrac{5,6}{22,4}=0,25\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{6,3}{18}=0,35\left(mol\right)\)

\(n_{O_2}=\dfrac{10,64}{22,4}=0,475\left(mol\right)\)

Bảo toàn O: \(n_{CO_2}=\dfrac{0,475.2-0,35}{2}=0,3\left(mol\right)\)

Bảo toàn C: \(b=\dfrac{0,3}{n}\left(mol\right)\) => \(a=0,25-\dfrac{0,3}{n}\)

Bảo toàn H: \(2a+2b\left(n-1\right)=0,7\)

=> n = 3

=> CTPT: C3H4

1.Đốt cháy hoàn toàn 5,6 lít (đktc) hỗn hợp X gồm C2H4 và CnH2n + 2, cần dùng 21,28 lít O2 (đktc). Sảnphẩm cháy cho đi qua bình I đựng H2SO4 đặc, dư và bình II đựng dung dịch NaOH dư. Thấy khốilượng bình I tăng m gam và khối lượng bình II tăng 26,4 gam.a) Tính m.b) Xác định công thức phân tử của X 2.Hỗn hợp X gồm hai hiđrocacbon đồng đẳng kế tiếp. Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần dùng vừa đủ17,36 lít O2 (đktc)....
Đọc tiếp

1.Đốt cháy hoàn toàn 5,6 lít (đktc) hỗn hợp X gồm C2H4 và CnH2n + 2, cần dùng 21,28 lít O2 (đktc). Sản
phẩm cháy cho đi qua bình I đựng H2SO4 đặc, dư và bình II đựng dung dịch NaOH dư. Thấy khối
lượng bình I tăng m gam và khối lượng bình II tăng 26,4 gam.
a) Tính m.
b) Xác định công thức phân tử của X 

2.Hỗn hợp X gồm hai hiđrocacbon đồng đẳng kế tiếp. Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần dùng vừa đủ
17,36 lít O2 (đktc). Sản phẩm cháy cho hấp thụ hết vào bình đựng dung dịch Ca(OH)2. Sau khi các
phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được 35 gam kết tủa và một dung dịch có khối lượng giảm 3,5 gam so
với khối lượng dung dịch Ca(OH)2 ban đầu.
a) Tính giá trị của m.
b) Xác định công thức phân tử của hai hiđrocacbon trong X.
c) Tính phần trăm thể tích của mỗi chất trong X.
 

3
19 tháng 2 2022

1)

a) \(n_{CO_2}=\dfrac{26,4}{44}=0,6\left(mol\right)\)

\(n_{O_2}=\dfrac{21,28}{22,4}=0,95\left(mol\right)\)

Bảo toàn O: \(n_{H_2O}=0,95.2-0,6.2=0,7\left(mol\right)\)

=> Bình I tăng 0,7.18 = 12,6 (g)

b) \(n_{C_nH_{2n+2}}=0,7-0,6=0,1\left(mol\right)\)

=> \(n_{C_2H_4}=\dfrac{5,6}{22,4}-0,1=0,15\left(mol\right)\)

BTKL: \(m_X=0,6.44+0,7.18-0,95.32=8,6\left(g\right)\)

=> \(m_{C_nH_{2n+2}}=8,6-0,15.28=4,4\left(g\right)\)

=> \(M_{C_nH_{2n+2}}=\dfrac{4,4}{0,1}=44\left(g/mol\right)\)

=> n = 3

=> CTPT: C3H8

19 tháng 2 2022

a) Gọi  \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_2}=a\left(mol\right)\\n_{H_2O}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(n_{O_2}=\dfrac{17,36}{22,4}=0,775\left(mol\right)\)

Bảo toàn O: 2a + b = 1,55 (1)

\(n_{CaCO_3}=\dfrac{35}{100}=0,35\left(mol\right)\)

PTHH: Ca(OH)2 + CO2 --> CaCO3 + H2O

                              0,35<---0,35

            Ca(OH)2 + 2CO2 --> Ca(HCO3)2

mdd giảm = 35 - 44a - 18b = 3,5

=> 44a + 18b = 31,5 (2)

(1)(2) => a = 0,45; b = 0,65 

Bảo toàn C: nC = 0,45 (mol)

Bảo toàn H: nH = 1,3 (mol)

=> m = 0,45.12 + 1,3.1 = 6,7 (g)

b) Do \(n_{CO_2}< n_{H_2O}\) => 2 hidrocacbon là ankan

Gọi công thức chung của 2 ankan là \(C_{\overline{n}}H_{2\overline{n}+2}\)

=> \(n_{C_{\overline{n}}H_{2\overline{n}+2}}=0,65-0,45=0,2\left(mol\right)\)

=> \(M_{C_{\overline{n}}H_{2\overline{n}+2}}=\dfrac{6,7}{0,2}=33,5\left(g/mol\right)\)

Mà 2 ankan kế tiếp nhau

=> 2 ankan là C2H6 và C3H8

c) Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_6}=x\left(mol\right)\\n_{C_3H_8}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}2x+3y=0,45\\30x+44y=6,7\end{matrix}\right.\)

=> x = 0,15; y = 0,05

=> \(\left\{{}\begin{matrix}\%V_{C_2H_6}=\dfrac{0,15}{0,15+0,05}.100\%=75\%\\\%V_{C_3H_8}=\dfrac{0,05}{0,15+0,05}.100\%=25\%\end{matrix}\right.\)

 

BT
15 tháng 3 2021

Khối lượng bình 2 tăng = mCO2 = 35,2 gam

=> nCO2 = \(\dfrac{35,2}{44}\) = 0,8 mol ,   nO2  =  \(\dfrac{28}{22,4}\) = 1,25 mol

A + O2 → CO2  + H2O

Áp dụng định luật BTNT O => 2nO2 = 2nCO2  +  nH2O

=> nH2O = 1,25.2 - 0,8.2 = 0,9 mol

Ankan có CTPT CnH2n+2: x mol

Ankađien có CTPT CmH2m-2 : y mol

CnH2n+2  +  O2   →   nCO2  + (n+1)H2O

   x                              x.n          x.(n+1)

CmH2m-2  +  O2   →  mCO2  + (m-1)H2O

  y                                y.m           y(m-1)

Ta có nH2O - nCO2 =  y(m-1)  +  x.(n+1)  - x.n  -  y.m = x - y = 0,1   (1)

Mà x + y = 0,3 (2)

Từ (1), (2) => x = 0,2 và y = 0,1 

%V Ankađien = \(\dfrac{0,1}{0,3}.100\%\)= 33,34%

 

5 tháng 12 2018

Chọn đáp án C

Công thức chung của este đơn chức, mạch hở, chứa một liên kết đôi C=C là C n H 2 n - 2 O 2

Phản ứng đốt cháy: C n H 2 n - 2 O 2 + 1 , 5 n - 1 , 5 O 2 → n C O 2 + n - 1 H 2 O

Dung dịch H 2 S O 4 hấp thụ H 2 O trong số các sản phẩm cháy.

Do đó m H 2 O = 2 , 25 g a m ⇒ n H 2 O = 0 , 14 m o l

Từ phản ứng cháy nhận thấy: n O 2 = 1 , 5 n H 2 O = 0 , 21 m o l V = 4,704.

17 tháng 12 2017

Bình 2 tăng 22 gam => mCO2 = 44 gam => nCO2 = 0,5 mol

C2H6 -> 2 CO2 + 3 H2O

C3H8 -> 3 CO2 + 4 H2O

Gọi nC2H6 = x mol, nC3H8 = y mol

x + y = 0,2 (1)

2x + 3y = 0,5 (2)

Nên: x = 0,1 mol, y = 0,1 mol

Vậy: % VC2H6 = 66,67 % => %VC3H8 = 33,33 %

mH2O = ( 3x + 4y ) . 18 = 12,6 gam

16 tháng 2 2022

a) \(n_{O_2}=\dfrac{21,28}{22,4}=0,95\left(mol\right)\)

\(n_{CaCO_3}=\dfrac{60}{100}=0,6\left(mol\right)\)

=> nCO2 = 0,6 (mol)

Bảo toàn O: \(n_{H_2O}=0,95.2-0,6.2=0,7\left(mol\right)\)

mdd giảm = \(m_{CaCO_3}-m_{CO_2}-m_{H_2O}=60-0,6.44-0,7.18=21\left(g\right)\)

b) \(n_X=n_{H_2O}-n_{CO_2}=0,7-0,6=0,1\left(mol\right)\)

=> nY = \(\dfrac{5,6}{22,4}-0,1=0,15\left(mol\right)\)

Theo ĐLBTKL: mA = 0,6.44 + 0,7.18 - 0,95.32 = 8,6 (g)

=> 0,1.MX + 0,15.MY = 8,6

Do MY > 0 => MX < 86 (g/mol)

- Nếu X là CH4 => MY = \(\dfrac{140}{3}\) (Loại)

- Nếu X là C2H6 => MY = \(\dfrac{112}{3}\) (Loại)

- Nếu X là C3H8 => MY = 28 (C2H4)

- Nếu X là C4H10 => MY = \(\dfrac{56}{3}\) (Loại)

- Nếu X là C5H12 => MY = \(\dfrac{28}{3}\) (Loại)

Vậy X là C3H8, Y là C2H4

16 tháng 10 2019

29 tháng 8 2019