Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Đáp án A
Z là este của α-amino axit có công thức C3H7O2N
CTCT của Z là H2N-CH2-COOCH3 →
n H 2 N - C H 2 - C O O C H 3 = n C H 3 O H = 0 , 12 m o l
Gọi n(NH2CH2COOK) = x mol, n (NH2CH(CH3)COOK) = y
2NH2CH2COOK + 4,5O2 → K2CO3 + 3CO2 + 4H2O + N2
X 2,25x 0,5x
2NH2CH(CH3)COOK + 7,5O2 → K2CO3 + 5CO2 + 6H2O + N2
Y 3,75y 0,5y
=> n(O2 phản ứng) = 2,25x + 3,75y = 1,455 (1)
n(K2CO3) = 0,5x+0,5y = 0,25 (2). Giải hệ ta có: x= 0,28; y=0,22
X là (Gly)n(Ala)4-n a mol, Y là (Gly)m(Ala)5-m b mol.
H2N-CH2-COOCH3 + KOH → NH2CH2COOK + CH3OH
0,12 0,12 0,12 0,12
X + 4KOH → muối + H2O Y + 5KOH → muối + H2O
a 4a a b 5b b
BTNT cho Na ta có n(KOH pứ) = 0,12 + 4a+5b = 0,5 suy ra 4a+5b=0,38 (3)
BTNT ta có 36,86 + 40.0,5=113.0,28 + 127.0,22+3,84+18(a+b) suy ra a+b=0,08 (4)
Giải hệ ta có: a=0,02; b=0,06.
BT gốc Ala ta có n(muối Ala) = 0,22=0,22(4-n) + 0,06.(5-m) => n+3m=8
=> n=8-3m≤4 => m≥1,33 và 3m<8 => m<2,66 => m=2 => n=2
Vậy X là (Gly)2(Ala)2 0,02 mol và Y là (Gly)2(Ala)3 0,06 mol
=> %m(X)=0,02.274/36,86=14,867%=> Chọn A. 14,87%
Đáp án B.
► Đặt nGly-Na = x; nAla-Na = y
⇒ nNa2CO3 = 0,5x + 0,5y = 0,25 mol
nO2 = 2,25x + 3,75y = 1,455 mol
⇒ giải hệ có: x = 0,28 mol; y = 0,22 mol.
Bảo toàn khối lượng:
mH2O = 36,86 + 0,5 × 40 – 3,84 – 0,28 × 97 – 0,22 × 111 = 1,44(g)
⇒ ∑npeptit = nH2O = 0,08 mol
► Dễ thấy Z là este của Gly và CH3OH.
⇒ nZ = nCH3OH = 0,12 mol.
Đặt nX = a; nY = b
⇒ npeptit = a + b = 0,08 mol.
nNaOH = 4a + 5b + 0,12 = 0,5 mol
⇒ Giải hệ cho: a = 0,02 mol; b = 0,06 mol.
► Gọi số gốc Gly trong X và Y là a và b.
⇒ nGly = 0,02a + 0,06b + 0,12 = 0,28 mol.
a = b = 2
⇒ Y là Gly2Ala3
⇒ %mY = 56,16%
Do sau phản ứng thu được C H 3 N H 2 v à C 2 H 5 O H v à C 2 H 5 C O O K nên suy ra:
Z : C 2 H 5 C O O N H 3 C H 3 T : C 2 H 5 C O O H 3 N − C H C H 3 − C O O C 2 H 5
n Z = n C H 3 N H 2 = 0 , 1 m o l ; n T = n C 2 H 5 O H = 0 , 15 m o l = > n C 2 H 5 C O O K = n Z + n T = 0 , 25 m o l n K O H = 2 n K 2 C O 3 = 2.0 , 385 = 0 , 77 m o l
Sơ đồ bài toán:
67 , 74 g M X 3 Y 5 Z : C 2 H 5 C O O NH 3 CH 3 0 , 1 m o l T : C 2 H 5 C O O H 3 N C H CH 3 C O O C 2 H 5 0 , 15 m o l → + K O H : 0 , 77 d d E G l y − K A l a − K V a l − K C 2 H 5 C O O K : 0 , 25 → + O 2 ; 2 , 9 CO 2 H 2 O N 2 K 2 CO 3 : 0 , 385 CH 3 NH 2 : 0 , 1 C 2 H 5 O H : 0 , 15
Xác định số mol O 2 để đốt muối do X, Y tạo ra:
n A l a − K d o T = n T = 0 , 15 m o l n C 2 H 5 C O O K = 0 , 25 m o l
C 3 H 6 O 2 N K + 3 , 75 O 2 → 0 , 5 K 2 C O 3 + 2 , 5 C O 2 + 3 H 2 O + 0 , 5 N 2
0,15 → 0,5625
C 3 H 5 O 2 K + 3 , 5 O 2 → 0 , 5 K 2 C O 3 + 2 , 5 C O 2 + 2 , 5 H 2 O + 0 , 5 N 2
0,25 → 0,875
n O 2 ( m u ố i d o X , Y ) = n O 2 - n O 2 ( đ ố t m u ố i d o T ) - n O 2 ( đ ố t C 2 H 5 C O O K ) = 2 , 9 - 0 , 5625 - 0 , 875 = 1 , 4625 m o l
*Do peptit được tạo bởi Gly, Ala, Val nên ta quy đổi hỗn hợp X, Y thành C O N H , C H 2 v à H 2 O ( n H 2 O = n p e p t i t )
m X , Y = 67 , 74 − 0 , 1.105 + 0 , 15.191 = 28 , 59 g a m n K O H p u X , Y = 0 , 77 − n Z − 2 n T = 0 , 77 − 0 , 1 − 0 , 15.2 = 0 , 37 m o l
Ta có sơ đồ sau:
28 , 59 g X , Y C O N H : 0 , 37 CH 2 : x H 2 O → + K O H : 0 , 37 M u o i C O O K : 0 , 37 NH 2 : 0 , 37 CH 2 : x → + O 2 : 1 , 4625 K 2 CO 3 : 0 , 185 CO 2 : x + 0 , 185 H 2 O : x + 0 , 37
BTNT "O": 2 n C O O K + 2 n O 2 ( đ o t m u u i d o X , Y ) = 3 n K 2 C O 3 + 2 n C O 2 + n H 2 O
=> 0,37.2 + 2.1,4625 = 3.0,185 + 2(x + 0,185) + x + 0,37 => x = 0,79
m H 2 O X , Y = m X , Y − m C O N H − m C H 2 = 28 , 59 − 0 , 37.43 − 0 , 79.14 = 1 , 62 g a m = > n H 2 O = 0 , 09 m o l
*Đặt n X = a v à n Y = b m o l
n X , Y = a + b = 0 , 09 n K O H = 3 n X + 5 n Y = > 3 a + 5 b = 0 , 37
Giải hệ thu được a = 0,04 và b = 0,05
*Xét quá trình thủy phân M:
nH2O = n X + n Y + n Z + n T = 0 , 04 + 0 , 05 + 0 , 1 + 0 , 15 = 0 , 34 m o l
BTKL: m M + m K O H = m m u o i + m C H 3 N H 2 + m C 2 H 5 O H + m H 2 O
= > 67 , 74 + 0 , 77.56 = m m u o i + 0 , 1.31 + 0 , 15.46 + 0 , 34.18 = > m m u o i = 94 , 74 g a m
Đặt n G l y − K = u ; n A l a K = 10 v v à n V a l − K = 3 v m o l
BTNT "K": n K O H = u + 10 v + 3 v = 0 , 77
m m u ố i = 113 u + 127 . 10 v + 155 . 3 v + 0 , 25 . 112 = 94 , 74
Giải hệ thu được u = 0,13 và y = 0,03
X : G l y n A l a m V a l 3 − n − m 0 , 04 m o l Y : G l y n ' A l a m ' V a l 5 − n ' − m ' 0 , 05 m o l
Giả sử X, Y có công thức:
X : G l y n A l a m V a l 3 − n − m 0 , 04 m o l Y : G l y n ' A l a m ' V a l 5 − n ' − m ' 0 , 05 m o l
n G l y K = 0 , 04 n + 0 , 05 n ' = 0 , 13 chỉ có nghiệm n = 2 và n' = 1 thỏa mãn
n A l a K = 0 , 04 m + 0 , 05 m ' = 0 , 1 5 chỉ có nghiệm m = m = 0 và m' = 3 thỏa mãn
Vậy X là G l y 2 V a l 0 , 04 m o l v à G l y A l a 3 V a l 0 , 05 m o l
=> % m Y = 0 , 05. 75 + 89.3 + 117 − 4.18 / 67 , 74.100 % = 28 , 565 % gần nhất với 28,55%
Đáp án cần chọn là: A
và 1 nhóm 
; Y là hợp chất hữu cơ thuộc dãy đồng đẳng của axit oxalic; Z là este chứa C, H, O. Đun nóng 27,42 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z với dung dịch NaOH vừa đủ, chưng cất dung dịch sau phản ứng, thu được a gam ancol T duy nhất và hỗn hợp gồm 2 muối. Cho toàn bộ T vào bình đựng Na dư, sau phản ứng thu được 
khí 
(đktc) và khối lượng bình tăng 5,28 gam so với ban đầu; Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối cần dùng 0,6 mol 
thu được
Đáp án B
Xử lý ancol để tìm thông tin về Z
Ta có
Giả sử trong CTPT của ancol có chứa n nhóm 
Khả năng là sai vì lâu nay chỉ quen với 
Thực ra với 
Nhớ đến phản ứng của glucozo với 
=>Ancol Z chính là Socbitol với CTPT là 
là este 6 chức.
Với 
Quy đổi hỗn hợp và xử lý sơ bộ ta có:
PT theo m hỗn hợp E: 
PT theo số mol NaOH phản ứng: 
PT theo số mol 
đốt cháy muối: 
PT theo số mol
tạo thành: 
+Giải hệ (1) (2) (3) và (4) ta có
và 
là Glyxin
Ta có
là 
Chọn đáp án B
T chứa 3 chất hữu cơ trong đó chắc chắn có Y ⇒ T phải chứa 2 ancol
⇒ Z là este tạo bởi axit 2 chức. Quy A về C₂H₄NO₂K, (COOK)₂, CH₂.
Đặt nC₂H₄NO₂K = x; n(COOK)₂ = y; nCH₂ = z ⇒ nO2 = 2,25x + 0,5y + 1,5z = 0,685 mol.
nK₂CO₃ = 0,11 mol. Bảo toàn nguyên tố Kali: x + 2y = 0,11 × 2
Đốt A cho CO₂: 1,5x + y + z; H₂O: 2x + z ⇒ 30,4 = 44.(1,5x + y + z) + 18.(2x + z)
Giải hệ có: x = z = 0,18 mol; y = 0,02 mol ⇒ nX = 0,06 mol.
Đặt số gốc CH₂ ghép vào peptit và axit là 2a và b (a ≥ 2; b ≥ 1).
⇒ 0,06.2a + 0,02b = 0,18. Giải phương trình nghiệm nguyên: a = 1; b = 3.
⇒ X là Ala-Ala-Gly và muối của axit là C₅H₆O₄K₂. Do có cùng số C nên Z chứa 8C.
⇒ Z tạo bởi 2 ancol là CH₃OH và C₂H₅OH ⇒ nCH₃OH = nC₂H₅OH = 0,02 mol.
⇒ mY = 0,08 × 24,75 × 2 – 0,02 × 32 – 0,02 × 46 = 2,4(g).
Đáp án A
Sơ đồ hóa bài toán:
Bảo toàn nguyên tố K
=> a + b = 0,5
Bảo toàn nguyên tố O:
Từ (1) và (2) →
= 59,58 gam
Bảo toàn khối lượng:
n H 2 O = 0 , 08 m o l
Các quá trình phản ứng thủy phân như sau
Ta có:
→ x = 0,02 = nX và y = 0,06 = nY
Gọi công thức
Bảo toàn Na: 0,02n + 0,06m = 0,22