X, Y (MX < MY) là hai peptit mạch hở, hơn kém nhau một liên kết peptit. Đun nóng 18,29 gam hỗn hợp E chứa X, Y và este Z (C5H11O2N) với dung dịch NaOH vừa đủ, chưng cất dung dịch sau phản ứng thu được...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

16 tháng 2 2019

X, Y (MX < MY) là hai peptit mạch hở, hơn kém nhau một liên kết peptit. Đun nóng 18,29 gam hỗn hợp E chứa X, Y và este Z (C5H11O2N) với dung dịch NaOH vừa đủ, chưng cất dung dịch sau phản ứng thu được 1,15 gam ancol etylic và hỗn hợp chứa hai muối của 2 α–aminoaxit thuộc cùng dãy đồng đẳng. Đốt cháy toàn bộ muối cần dùng 17,808 lít O2 (đktc), thu được CO2, H2O, N2 và 0,125 mol Na2CO3. Phần trăm khối...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

16 tháng 2 2019

Đáp án A

Do tạo ancol etylic nên este là Ala-C₂H₅

_{0,095.97 + 0,155.111 = 26,42(g)}

Quy đổi E thành

= 0,225

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

2 tháng 9 2018

X, Y (MX < MY) là hai peptit mạch hở, hơn kém nhau một liên kết peptit. Đun nóng 18,29 gam hỗn hợp E chứa X, Y và este Z (C5H11O2N) với dung dịch NaOH vừa đủ, chưng cất dung dịch sau phản ứng thu được 1,15 gam ancol etylic và hỗn hợp chứa hai muối của 2 α-aminoaxit thuộc cùng dãy đồng đẳng. Đốt cháy toàn bộ muối cần dùng 17,808 lít O2 (đktc), thu được CO2, H2O, N2 và 0,125 mol Na2CO3. Phần trăm khối...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

2 tháng 9 2018

Đáp án A

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

5 tháng 6 2019

X, Y (MX< MY) là hai peptit mạch hở, hơn kém nhau một liên kết peptit. Đun nóng 36,58 gam hỗn hợp E chứa X, Y và este Z (C5H11O2N) với dung dịch NaOH vừa đủ, chưng cất dung dịch sau phản ứng, thu được 0,05 mol ancol etylic và hỗn hợp chứa 2 muối của 2 α-aminoaxit thuộc cùng dãy đồng đẳng. Đốt cháy toàn bộ muối cần dùng 1,59 mol O2, thu được CO2, H2O, N2 và 26,5 gam Na2CO3. Phần trăm khối lượng của X...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

5 tháng 6 2019

Đáp án D

Vì ancol là C₂H₅OH

⇒ Z là este của alanin.

+ Quy đổi E thành C_nH_2n–1NO,

H₂O và C₂H₅OH ta có:

m_{Hỗn hợp} = 36,58 + 0,05×18 = 37,48 g

Sơ đồ ta có:

+ PT theo số mol O₂ đốt cháy muối là:

Û n = 2,62.

⇒ Bảo toàn khối lượng hỗn hợp E

⇒ m_H2O = 2,34 gam

⇒ n_H2O = 0,13 mol.

⇒ n_{(X + Y)} = 0,13 – 0,05 = 0,08 mol.

+ Với ∑n_{α–amino axit trong X và Y}

= 0,5 – 0,05 = 0,45 mol.

Nhận thấy 0,45÷0,08 = 5,625

⇒ Pentapeptit và Hexapeptit.

Đặt n_Pentapeptit = a

và n_Hexapeptit = b ta có hệ:

Gọi số C trong pentapeptit

và hexapeptit lần lượt là a và b:

⇒ PT bảo toàn C trong peptit là:

0,03a + 0,05b = 0,5×2,62 –0,05×5 = 1,06

(ĐK 10≤a≤15 và 12≤b≤18)

Û 3a + 5b = 106

Giải PT nghiệm nguyên

⇒ a = 12 và b = 14.

⇒ X có dạng (Gly)₃(Ala)₂

và Y có dạng (Gly)₄(Ala)₂

⇒ %m_X = × 100 ≈ 27,1%

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

16 tháng 2 2018

X, Y (MX< MY) là hai peptit mạch hở, hơn kém nhau một liên kết peptit. Đun nóng 36,58 gam hỗn hợp E chứa X, Y và este Z (C5H11O2N) với dung dịch NaOH vừa đủ, chưng cất dung dịch sau phản ứng, thu được 0,05 mol ancol etylic và hỗn hợp chứa 2 muối của 2 α-aminoaxit thuộc cùng dãy đồng đẳng. Đốt cháy toàn bộ muối cần dùng 1,59 mol O2, thu được CO2, H2O, N2 và 26,5 gam Na2CO3. Phần trăm khối lượng của X...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

16 tháng 2 2018

Vì ancol là C₂H₅OH ⇒ Z là este của alanin.
+ Quy đổi E thành C_nH_2n–1NO, H₂O và C₂H₅OH ta có:
m_{Hỗn hợp} = 36,58 + 0,05×18 = 37,48 gam || Sơ đồ ta có:
37,48g(E) {CnH₂n−1NO: 0,5; H₂O: a+0,05; C₂H₅OH: 0,05} + NaOH

→ {CnH₂nNO₂Na: 0,5; C₂H₅OH: 0,05} +H₂O: a+0,05
+ PT theo số mol O₂ đốt cháy muối là: 0,5×6n−3)/4 = 1,59 ⇔ n = 2,62.
⇒ Bảo toàn khối lượng hỗn hợp E ⇒ m_H2O = 2,34 gam ⇒ n_H2O = 0,13 mol.
⇒ n_{(X + Y)} = 0,13 – 0,05 = 0,08 mol.
+ Với ∑n_{α–amino axit trong X và Y} = 0,5 – 0,05 = 0,45 mol.
Nhận thấy 0,45÷0,08 = 5,625 ⇒ Pentapeptit và Hexapeptit.
Đặt n_Pentapeptit = a và n_Hexapeptit = b ta có hệ:
{a+b=0,08

5a+6b=0,45

⇔{nPentapeptit = 0,03; nHexapeptit = 0,05

Gọi số C trong pentapeptit và hexapeptit lần lượt là a và b:
⇒ PT bảo toàn C trong peptit là: 0,03a + 0,05b = 0,5×2,62 –0,05×5 = 1,06 (ĐK 10≤a≤15 và 12≤b≤18)
⇔ 3a + 5b = 106 || Giải PT nghiệm nguyên ⇒ a = 12 và b = 14.
⇒ X có dạng (Gly)₃(Ala)₂ và Y có dạng (Gly)₄(Ala)₂.
⇒ %m_X = ⁰,03×331)/36,58× 100 ≈ 27,1% ⇒ Đáp án D.