cm bất đẳng thức sau vs x, y, z>0
X^2+y^2+z^2>_xy+yz+zx
K
Khách
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Những câu hỏi liên quan
AP
1
NV
Nguyễn Việt Lâm
Giáo viên
30 tháng 9 2019
Biến đổi tương đương:
\(3x^2+3y^2+3z^2\ge x^2+y^2+z^2+2xy+2yz+2zx\)
\(\Leftrightarrow2x^2+2y^2+2z^2-2xy-2yz-2zx\ge0\)
\(\Leftrightarrow\left(x-y\right)^2+\left(y-z\right)^2+\left(z-x\right)^2\ge0\) (luôn đúng)
Dấu "=" xảy ra khi \(x=y=z\)
AP
3
NV
Nguyễn Việt Lâm
Giáo viên
29 tháng 9 2019
Biến đổi tương đương:
\(\Leftrightarrow4x^2+4y^2+4z^2\ge2x^2+2y^2+2z^2+2xy+2yz+2zx\)
\(\Leftrightarrow2x^2+2y^2+2z^2-2xy-2yz-2zx\ge0\)
\(\Leftrightarrow\left(x-y\right)^2+\left(y-z\right)^2+\left(z-x\right)^2\ge0\) (luôn đúng)
Dấu "=" xảy ra khi \(x=y=z\)
T
29 tháng 9 2019
A no thơ quay nhưng lại không hay:P(Another way)
\(BĐT\Leftrightarrow x^2+y^2+z^2\ge xy+yz+zx\) (biến đổi tương đương thôi)
\(\Leftrightarrow\frac{3}{4}\left(x-y\right)^2+\frac{1}{4}\left(x+y-2z\right)^2\ge0\) (true)
Đẳng thức xảy ra khi x =y = z
P/s: cách này làm màu thôi :D
PT
3
30 tháng 4 2016
<=> x^2+y^2+z^2+2xy+2yz+2zx-3xy-3yz-3zx≥0
<=> x^2+y^2+z^2-xy-yz-zx≥0
<=> 2x^2+2y^2+2z^2-2xy-2yz-2zx≥0
<=> (x^2-2xy+y^2)+(y^2-2yz+z^2)+(z^2-2zx+x^2)
<=> (x-y)^2+(y-z)^2+(z-x)^2≥0 (luôn đúng)
30 tháng 4 2016
\(\left(x+y+z\right)^2=\left(x+y\right)^2+2\left(x+y\right)z+z^2=x^2+2xy+2xz+2yz+z^2+y^2\)
sau đó chứng minh x2+y2+z2>(=)xy+yz+zx là được
11 tháng 7 2016
1) Ta có : \(\hept{\begin{cases}x^2+y^2\ge2xy\\y^2+z^2\ge2yz\\z^2+x^2\ge2xz\end{cases}\Leftrightarrow}2\left(x^2+y^2+z^2\right)\ge2\left(xy+yz+xz\right)\Leftrightarrow x^2+y^2+z^2\ge xy+yz+zx\)
2) Áp dụng từ câu 1) ta có : \(x^4+y^4+z^4=\left(x^2\right)^2+\left(y^2\right)^2+\left(z^2\right)^2\ge\left(xy\right)^2+\left(yz\right)^2+\left(zx\right)^2\ge xy^2z+yz^2x+zx^2y=xyz\left(x+y+z\right)\)
3) Bạn cần sửa lại một chút thành \(x^4-2x^3+2x^2-2x+1\ge0\)
Ta có : \(x^4-2x^3+2x^2-2x+1=\left(x^4-2x^3+x^2\right)+\left(x^2-2x+1\right)=x^2\left(x-1\right)^2+\left(x-1\right)^2\ge0\)
CV
1
TN
28 tháng 5 2017
Áp dụng BĐT Cauchy-Schwarz dạng Engelta có:
\(VT=\frac{700}{2\left(xy+yz+xz\right)}+\frac{386}{x^2+y^2+z^2}\)\(=\frac{\sqrt{700}^2}{2\left(xy+yz+xz\right)}+\frac{\sqrt{386}^2}{x^2+y^2+z^2}\)
\(\ge\frac{\left(\sqrt{700}+\sqrt{386}\right)^2}{x^2+y^2+z^2+2\left(xy+yz+xz\right)}\)\(=\frac{\left(\sqrt{700}+\sqrt{386}\right)^2}{\left(x+y+z\right)^2}\)
\(=\left(\sqrt{700}+\sqrt{386}\right)^2>2015\left(x+y+z=1\right)\)
NK
0
AH
Akai Haruma
Giáo viên
26 tháng 1 2018
Lời giải:
Áp dụng BĐT Cauchy-Schwarz:
\(A=\frac{x^2}{x+y}+\frac{y^2}{y+z}+\frac{z^2}{z+x}\geq \frac{(x+y+z)^2}{x+y+y+z+z+x}\)
\(\Leftrightarrow A\geq \frac{x+y+z}{2}\)
Áp dụng BĐT AM-GM:
\(\left\{\begin{matrix} x+y\geq 2\sqrt{xy}\\ y+z\geq 2\sqrt{yz}\\ z+x\geq 2\sqrt{zx}\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow 2(x+y+z)\geq 2(\sqrt{xy}+\sqrt{yz}+\sqrt{zx})=2\)
\(\Rightarrow x+y+z\geq 1\)
Do đó: \(A\geq \frac{x+y+z}{2}\geq \frac{1}{2}\)
Vậy \(A_{\min}=\frac{1}{2}\)
Dấu bằng xảy ra khi \(x=y=z=\frac{1}{3}\)
BĐT \(\Leftrightarrow2\left(x^2+y^2+z^2\right)\ge2\left(xy+yz+zx\right)\)
\(\Leftrightarrow\left(x-y\right)^2+\left(y-z\right)^2+\left(z-x\right)^2\ge0\)(đúng)
Đẳng thức xảy ra khi x =y=z