Để đốt cháy hoàn toàn 0,672 gam kim loại R chỉ cần dùng 80% lượng oxi sinh ra khi phân hủy 5,53 gam KMnO4. Hãy xác định kim loại R?
K
Khách
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Những câu hỏi liên quan
LL
15 tháng 6 2017
\(n_{KMnO_4}=\dfrac{39,5}{158}=0,25\left(mol\right)\)
\(2KMnO_4--t^0->K_2MnO_4+MnO_2+O_2\)
0,25........................................................................0,125(mol)
\(m_{90\%O}=\dfrac{0,125.32.90\%}{100\%}=3,6\left(g\right)\)
\(n_{O_2}=\dfrac{3,6}{32}=0,1125\left(mol\right)\)
\(2xR+yO_2\rightarrow2R_xO_y\)
\(\dfrac{0,225x}{y}\) ......0,1125 .......0,225
\(M_R=\dfrac{5,4}{\dfrac{0,225x}{y}}=\dfrac{24y}{x}\left(1\right)\)
Theo định luật bảo toàn khối lượng ta có
\(m_{R_xO_y}=0,225\left(xM_R+16y\right)=5,4+3,6\)
\(\Leftrightarrow\dfrac{24y}{x}.0,225x+3,6y=9\)
\(\Rightarrow y=1\)
\(\Rightarrow x.M_R=24\left(\dfrac{g}{mol}\right)\)
| x | 1 | 2 | 3 |
| MR | 24 | 12 | 8 |
| chọn | loại | chọn |
vậy R: Magie
16 tháng 6 2017
\(n_R=\dfrac{5,4}{M_R}\)
\(n_{KMnO_4}=0,25\left(mol\right)\)
\(2KMnO_4-t^0->MnO_2+K_2MnO_4+O_2\)
\(0,25mol..................................0,125mol\)
Mà khi đốt cháy hoàn toàn 5,4 g kim loại R chỉ cần dùng một lượng 90% lượng oxi sinh ra nên : \(n_{O_2}=90\%.0,125=0,1125\left(mol\right)\)
\(4R+nO_2->2R_2O_n\)
\(\dfrac{0,45}{n}......0,1125\)
\(\dfrac{5,4}{M_R}=\dfrac{0,45}{n}\)
\(1\le n\le3\)
\(n=1=>M_R=12\left(loại\right)\)
\(n=2=M_R=24\left(Mg\right)\)
\(n=3=>M_R=36\left(loại\right)\)
Vậy R là Mg .
TN
15 tháng 6 2017
a)\(n_{KMnO_4}\)=39,5:158=0,25(mol)
Ta có PTHH:
2\(KMnO_4\)\(\underrightarrow{to}\)\(K_2MnO_4+MnO_2+O_2\)(1)
......0,25..............................................0,125(mol)
Theo PTHH:\(n_{O_2\left(1\right)}\)=0,125(mol)
=>\(n_{O_2\left(cần\right)}\)=90%.0,125=0,1125(mol)
=>\(m_{O_2\left(cần\right)}\)=0,1125.32=3,6(g)
Gọi n là hóa trị của R
4R+n\(O_2\)\(\underrightarrow{to}\)2\(R_2O_n\)
4R...32n..................(g)
5,4....3,6..................(g)
Theo PTHH:3,6.4R=5,4.32n=>R=12n
Vì n là hóa trị của R nên n\(\in\){1;2;3;\(\dfrac83\)}
Biện luận:
| n | 1 | 2 | 3 | 8/3 |
| R | 12 | 24 | 36 | 32 |
=>n=2;R=24(Mg) là phù hợp
Vậy R là Mg
b)\(n_{Mg}\)=5,4:24=0,225(mol)
Ta có PTHH:
Mg+2HCl->Mg\(Cl_2\)+\(H_2\)
0,225..0,45........................(mol)
Theo PTHH:\(m_{HCl}\)=0,45.36,5=16,425(g)
mà \(C_{\%ddHCl}\)=14,6%
=>\(m_{dd\left(gt\right)}\)=16,425:14,6%=112,5(g)
mà dd lấy dư 20% nên:
=>\(m_{dd\left(cần\right)}\)=112,5+20%.112,5=135(g)
9 tháng 5 2020
áp dụng ĐLBTKL:
mR + mO2 = mR2O3
=> mO2=20,4-10,8=9,6(g)
=> nO2=9,6/32=0,3(mol)
4R + 3O2 ---to---> 2R2O3
0,4........0,3
MR=10,8/0,4=27(g)
=> R là nhôm ......Al
LL
10 tháng 8 2018
\(2KMnO_4-->MnO_2+K_2MnO_4+O_2\)
0,035___________0,0175___0,0175_____0,0175
\(4R+nO_2-->2R_2O_n\)
0,0175.4/n___0,0175(1)
\(n_{KMnO_4}=\dfrac{5,53}{158}=0,035\left(mol\right)\)
=>\(n_R=\dfrac{0,84}{R}\left(mol\right)\) (2)
từ (1), (2) => \(\dfrac{0,0175.4}{n}=\dfrac{0,84}{R}\)
r thay n theo hóa trị từ 1-> 4 nhớ lập bảng bn nhé
PT
10 tháng 8 2018
\(2KMnO_4\underrightarrow{t^o}K_2MnO_4+MnO_2+O_2\)
0,035 ------------------------------------- 0,0175
\(4R+xO_2\underrightarrow{t^o}2R_2O_x\)
\(\dfrac{0,07}{x}\) -- 0,0175
\(n_{KMnO_4}=\dfrac{5,53}{158}=0,035\left(mol\right)\)
\(n_{O_2}=\dfrac{1}{2}.0,035=0,0175\left(mol\right)\)
\(n_R=\dfrac{0,84}{R}\left(mol\right)\)
Ta có:
\(\dfrac{0,84}{R}=\) \(\dfrac{0,07}{x}\)\(\Leftrightarrow R=12x\)
Biện luận:
| x | 1 | 2 | 3 |
| R | 12 | 24 | 36 |
Chọn x = 2, R = 24.
Vậy R là Mg.
MN
27 tháng 2 2022
2KMnO4->K2MnO4+MnO2+O2
nKMnO4=5,53/158=0,035 mol
=>nO2=0,035/2=0,0175 mol
nO2 cần dùng=0,0175x80%=0,014 mol
4R+nO2->2R2On
=>nR=0,014x4/n=0,056/n mol
=>MR=0,672:0,056/n=12n
n=2=>MR=24 => R là Magie
H
27 tháng 2 2022
PTHH :
2KMnO4 -> K2MnO4 + MnO2 + O2
Ta có: nKMnO4=5,53 / (39+55+16.4) = 0,035 mol
Theo pt : nO2 = 1/2 nKMnO4 = 0,0175 mol
-> nO2 cần đốt oxit = 0,0175. 80% = 0,014 (mol)
Gọi n là hóa trị của R
4R + nO2 -> R2On
Ta có: nR = 4nO2/n =0,056/n -> MR=0,672/(0,056/n) =12n
Xét n = 2 -> MR=24 -> Mg
16 tháng 1 2019
Đáp án A
Dựa vào bản chất phản ứng của X với NaHCO 3 , bảo toàn nguyên tố O; bảo toàn electron trong phản ứng đốt cháy X, ta có :
= 8,65 gam
9 tháng 2 2021
2KMnO4 --> K2MnO4 + MnO2 + O2.
0,035 -> 0,0175 mol
=> nO2 cần dùng = 0,0175.80/100=0,014
4R + nO2 -> 2R2On
0,014.4/n <- 0,014
m =0,672 = 0,014.4.R/n
=> R =12n
vì R là kim loại => n có thể = 1;2;3
thử lần lượt giá trị ta dc vs n=2 => R =24 (Mg) thỏa mãn
KY
9 tháng 2 2021
PTHH :
2KMnO4 -> K2MnO4 + MnO2 + O2
Ta có: nKMnO4=5,53 / (39+55+16.4) = 0,035 mol
Theo pt : nO2 = 1/2 nKMnO4 = 0,0175 mol
-> nO2 cần đốt oxit = 0,0175. 80% = 0,014 (mol)
Gọi n là hóa trị của R
4R + nO2 -> R2On
Ta có: nR = 4nO2/n =0,056/n -> MR=0,672/(0,056/n) =12n
Xét n = 2 -> MR=24 -> Mg
1 tháng 6 2017
a, Áp dụng ĐLBTKL :
\(m_M+m_{Cl_2}=4,75\rightarrow m_{Cl_2}=4,75-1,2=3,55g\)
\(\rightarrow n_{Cl_2}=\dfrac{3,55}{71}=0,05mol\)
PTHH :
\(2M+nCl_2\underrightarrow{t^0}2RCl_n\)
\(\dfrac{0,1}{n}\).......\(0,05\)
\(m=M.\dfrac{0,1}{n}=1,2\Rightarrow0,1M=1,2n\Rightarrow M=12n\).
Ta có :
- Nếu \(n=1\Rightarrow M=12\left(loại\right)\)
- Nếu \(n=2\Rightarrow M=24\left(Mg\right)\)
- Nếu \(n=3\Rightarrow M=36\left(loại\right)\)
Kim loại cần tìm là Magie ( Mg )
b ) PTHH :
\(2KMnO_4+16HCl\rightarrow2KCl+2MnCl_2+5Cl_2\uparrow+8H_2O\)
0,02.........................................................................0,05
\(\rightarrow m_{KMnO_4}=0,02.158=3,16\left(g\right)\)
1 tháng 6 2017
a) PTHH: 2M + nCl2 -> 2MCln (1)
Theo ĐLBTKL, ta có:
\(m_M+m_{Cl_2}=m_{MCl_n}\\ =>m_{Cl_2}=m_{MCl_n}-m_M=4,75-1,2=3,55\left(g\right)\\ =>n_{Cl_2}=\dfrac{3,55}{71}=0,05\left(mol\right)\\ =>n_M=\dfrac{2.0,05}{n}=\dfrac{0,1}{n}\left(mol\right)\)
=> \(m_M=\dfrac{0,1M}{n}=1,2=>0,1M=1,2n=>M=12n\)
Lập bảng:
| n | 1 | 2 | 3 |
| M | 12 | 24 | 36 |
| KL | Loại | Nhận (Mg=24) | Loại |
=> Kim loại M là magie (Mg=24)
b) PTHH: 2KMnO4 +16HCl -> 2KCl + 2MnCl2 + 5Cl2 + 8H2O (2)
Ta có: \(n_{Cl_2\left(2\right)}=n_{Cl_2\left(1\right)}=0,05\left(mol\right)\\ =>n_{KMnO_4}=\dfrac{2.0,05}{5}=0,02\left(mol\right)\\ =>m_{KMnO_4}=0,02.158=3,16\left(g\right)\)
BN
2
QN
4 tháng 2 2018
Gọi hóa trị kim loại M là x (x€ N*)
PTPƯ:
(1) 4M + xO2 ---> 2M2Ox
số mol kim loại M = m/M
số mol oxit kl là = 1.25m /( 2M+16x)
Theo phương trình (1), ta có:
2. m/M = 4. 1.25m/( 2M+16x)
=> M= 32x
Vì x là hóa trị kim loại nên ta biện luận:
* x=1 -> M=32 ( lưu huỳnh )-> M là phi kim (loại)
* x=2 -> M=64 (đồng)
* x=3 -> M=96 ->loại
Vậy R là Cu.
GH
4 tháng 2 2018
CTTQ: MxOy
Hóa trị của M: 2y/x
Pt: 2xM + yO2 --to--> 2MxOy
...\(\frac{0,5xm}{32y}\)<-.\(\frac{0,25m}{32}\)
Áp dụng ĐLBTKL, ta có:
mM + mO2 = mMxOy
=> mO2 = mMxOy - mM = 1,25m - m= 0,25m (g)
=> nO2 = \(\frac{0,25m}{32}\) mol
Ta có: m = \(\frac{0,5xm}{32y}\) . MM
<=> 1 = \(\frac{0,5x}{32y}\) . MM
<=> 32y = 0,5x .MM
=> MM = \(\frac{32y}{0,5x}=\frac{2y}{x}.\frac{16}{0,5}= \frac{2y}{x}.32\)
Biện luận:
| 2y/x | 1 | 2 | 3 |
| M | 32 (loại) | 64 (nhận) |
96 (loại) |
Vậy M là Đồng (Cu)
n_KMnO4 = 5,53 : 158 = 0,035 (mol)
Ta có ptpu
2KMnO4→ K2MnO4+MnO2+O22KMnO4→ K2MnO4+MnO2+O2 (nhiệt độ )
0,035---------------------------------------0,0175 (mol)
DO lượng Oxi cần dùng là 80%
\Rightarrow n_O2 = 0,014 (mol)
Gọi Khối lượng mol của R là A (gam) , hóa trị của R là n
\Rightarrow n_R = 0,672/A
Ta có phản ứng
4R+nO2→ 2R2On4R+nO2→ 2R2On (nhiệt độ )
0,672/A...0,014..........................(mol)
\Rightarrow 0,672/A . n = 0,014 .4
\Rightarrow 0,672 . n = 0,056A
n là hóa trị của kim loại \Rightarrow n chỉ có thể = 1,2,3,4
Bạn lập bảng thử chọn
\Rightarrow n = 2 \Rightarrow A = 24
Vậy kim loại R là Magie : Mg