K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

31 tháng 12 2019

Chọn B. 

→ B T K L n O 2 = 0 , 1225 .   V ì   n C O 2 = n H 2 O  Þ Z là ancol no, hai chức, mạch hở.

 

7 tháng 7 2018

Chọn B

n C O 2 = n H 2 O = 0 , 115   m o l → n Z = n T → B T K L n O 2 = 0 , 1225   m o l → B T :   O n O = 0 , 1   m o l

·       

14 tháng 10 2017

Quy đổi M thành:

CnH2nO2: 0,5 mol

CmH2m+2O2: a mol

H2O: b mol

nCO2 = 0,5n + ma = 1,3

nH2O = 0,5n + a.(m +1) – b = 1,4

mM = 0,5(14n + 32) + a.(14m + 34) – 18b = 40,8

=> a = 0,3 và b = 0,2

=> nCO2 = 0,5n + 0,3m = 1,3

=> 5n + 3m = 13

Do ancol đa chức nên m ≥2 => m = 2 và n = 1,4

Vậy Z là C2H6O2 (0,3 mol); X và Y là HCOOH (0,3mol) và CH3COOH (0,2 mol) (theo quy tắc đường chéo tìm tỉ lệ ra mol 2 axit)

nH2O = 0,2 mol => nT = 0,1 mol

Vậy M chứa:

Z: C2H6O2 : 0,2 mol

X: HCOOH: 0,2 mol

Y: CH3COOH : 0,1 mol

T: HCOO-C2H4-OOC-CH3 : 0,1 mol

Vì HCOOH có khả năng làm mất màu dung dịch Br=> đáp án D sai

Tổng số cacbon trong T bằng 5 => C sai

Tổng số H trong X và Y bằng 6 => B đúng

Phần trăm Y là 20,1% => A sai

Đáp án cần chọn là: B

10 tháng 7 2017

Đáp án A.

BTKL khi đốt E:  m E + m O 2 = 44 n C O 2 + 18 n H 2 O → n C O 2 = n H 2 O = 0 , 26   m o l  .

X, Y là 2 axit no, đơn chức mạch hở → T là este 2 chức

→ T chứa ít nhất 2π → đốt E cho  n C O 2 > n H 2 O .

Mà  ∑ n C O 2 = ∑ n H 2 O  đốt cháy Z cho  n C O 2 < n H 2 O  là ancol no, 2 chức, mạch hở. Quy đổi E với  n H C O O H = n K O H = 0 , 1   m o l  mol.

Bài toán: 

 

Ta có hệ:  

→ T là este 2 chức nên  n T = 0 , 02   m o l  mol

Gọi số gốc CH2 ghép vào axit và ancol là a và b (v a > 0 ;   b ≥ 0 → 0 , 1 a + 0 , 04 b = 0 , 08 ) 

Ta thấy b<2 => b= 0 hoặc b= 1 

ü Với b=0 → C H 2  ghép hết vào axit => a= 0,8.

=> 2 axit là HCOOH (0,02) và CH3COOH (0,08).

Có  n Z = 0 , 02   m o l = n H C O O H . Vô lý, do  n H C O O H > 0 , 02   →   L o ạ i

ü Với  b= 1 → Z   l à   C 3 H 6 ( O H ) 3 => còn dư 0,04 mol CH2 cho axit.

2 axit là HCOOH (0,06 mol) và CH3COOH (0,04 mol).

Có  n Z = 0 , 02   m o l  nên E gồm:  

Xét các phát biểu:

(1) Phần trăm khối lượng của Y trong E là 19,25% → Sai. Vì  % m Y = 16 , 04 % .

(2) Phần trăm số mol của X trong E là 12%. → Sai. Vì  % n X = 40 % .

(3) X không làm mất màu dung dịch Br2. → Sai, X có nhóm CHO- làm mất màu nước Br2.

(4) Tổng số nguyên tử cacbon trong phân tử T là 5. → Sai, vì tổng số C trong T là 6.

(5) Z là ancol có công thức là C2H4(OH)2. → Sai, vì Z có công thức C3H6(OH)2.

→ Số phát biểu sai là 5

26 tháng 7 2018

Este tạo từ X, Y, Z đều no, đơn chức, mạch hở với ancol no, 3 chức mạch hở => số pi trong Este = 3

Đốt cháy X, Y, Z đều có mol nước bằng mol CO2

=> nT = (0,91 – 0,83)/2= 0,04 mol

Vì T là este tạo bởi X, Y, Z với một ancol no, ba chức, mạch hở E => T = X + Y + Z + E – 3H2O

Quy đổi hỗn hợp thành:

CnH2nO2 : a mol

CmH2m+2O3 : mol = nT = 0,04

H2O : mol = 3nT = 0,12

nCO2 = na + m.0,04 = 0,91

mM = a.(14n + 32) + 0,04.(14m + 50) – 18.0,12 = 24,42

Giải hệ trên ta được: a = 0,37  

Các axit gồm: nHCOOH = nAg / 2 = 0,09 và nYCOOH = nZCOOH = (0,37-0,09)/2 =0,14 mol

Hai axit Y và Z có số C tương ứng là x và y

nCO2 = 0,09.1 + 0,14x + 0,14y + 0,04m = 0,91

=> 7x + 7y + 2m = 41

Do 1 < x < y và m ≥ 3 nên x = 2; y = 3 và m = 3 là nghiệm duy nhất

Trong 12,21 gam M chứa CnH2nO2 (0,185 mol), nNaOH = 0,2 mol

=> chất rắn chứa CnH2n-1O2Na (0,185mol) và NaOH dư (0,015mol)

=> m = 16,12 gam

Đáp án cần chọn là: A

26 tháng 6 2017

Este tạo từ X, Y, Z đều no, đơn chức, mạch hở với ancol no, 3 chức mạch hở => số pi trong Este = 3

Đốt cháy X, Y, Z đều có mol nước bằng mol CO2

=> nT = (0,91 – 0,83)/2= 0,04 mol

Vì T là este tạo bởi X, Y, Z với một ancol no, ba chức, mạch hở E  => T = X + Y + Z + E – 3H2O

Quy đổi hỗn hợp thành:

CnH2nO2 : a mol

CmH2m+2O3 : mol = nT = 0,04

H2O : mol = 3nT = 0,12

nCO2 = na + m.0,04 = 0,91

mM = a.(14n + 32) + 0,04.(14m + 50) – 18.0,12 = 24,42

Giải hệ trên ta được: a = 0,37  

Các axit gồm: nHCOOH = nAg / 2 = 0,09 và nYCOOH = nZCOOH = (0,37-0,09)/2 =0,14 mol

Hai axit Y và Z có số C tương ứng là x và y

nCO2 = 0,09.1 + 0,14x + 0,14y + 0,04m = 0,91

=> 7x + 7y + 2m = 41

Do 1 < x < y và m ≥ 3 nên x = 2; y = 3 và m = 3 là nghiệm duy nhất

Trong 12,21 gam M chứa CnH2nO2 (0,185 mol), nNaOH = 0,2 mol

=> chất rắn chứa CnH2n-1O2Na (0,185mol) và NaOH dư (0,015mol)

=> m = 16,12 gam

Đáp án cần chọn là: A

29 tháng 11 2017

Đáp án A

· Giải đốt 12,38 gam  E + O 2 → t o  0,47 mol CO2 + 0,33 mol H2O.

Bảo toàn nguyên tố C, H, O ta có trong E: nC = 0,47 mol; nH = 0,66 mol; nO = 0,38 mol.

· Phản ứng được với AgNO3/NH3 chỉ có 1HCOO- → + A g N O 3 / N H 3 2 A g k t . Theo đó nHCOO = 0,08 mol.

Quy đổi góc nhìn:  

 

« Cách quy đổi: 1 este (2 chức) + 2H2O = 2 axit (đơn chức) + 1 ancol (hai chức).

Theo đó, bảo toàn O có ngay nRCOOH = 0,11 mol. Ancol no, còn RCOOH chưa rõ cấu tạo.

Tương quan đốt: .

Với k là tổng số p có tròng RCOOH và 0 < a < 0,08 ® chỉ có thể k = 2 và a = 0,03 thỏa mãn.

Theo đó, nX = 0,08 – 0,03 = 0,05 mol, nY = 0,11 – 0,03 = 0,08 mol và nT = 0,03 mol.

® Yêu cầu:  % m X   t r o n g   E = 0 , 05 . 46 12 , 38 . 100 % ≈ 18 , 6 %  

20 tháng 4 2019

Chọn B.

- Xét phản ứng đốt cháy:  (1)

Nhận thấy:  n C O 2 = n H 2 O  Þ X là este no, hai chức và Y, Z là hai ancol no, đơn chức.

- Xét phản ứng thuỷ phân:

Trong 4,1 gam Y, Z có số mol là 0,02.2 + 0,04 = 0,08 mol Þ  

 

Þ nY = 0,01 mol và nZ = 0,03 mol Þ mX = mE – mY – mZ = 3,44 gam

Þ %mX = 60,35%.

3 tháng 4 2018

Chọn D.

Hỗn hợp E gồm X: HCOOH (a mol); Y: RCOOH (b mol); T (c mol)

Ta có: