K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

28 tháng 2 2022

Câu 1:

a. \(C_2H_4+H_2O\)  \(\underrightarrow{t^o,H_2SO_4}\)  \(C_2H_5OH\)

b. \(nCH_2=CH_2\)  \(\underrightarrow{t^o,xt}\)  \(\left(-CH_2-CH_2-\right)_n\)

c. \(CH_2=CH-CH=CH_2+2H_2\)  \(\underrightarrow{t^o,Ni}\)  \(CH_3-CH_2-CH_2-CH_3\)

d. \(2C_3H_6+9O_2\rightarrow6CO_2+6H_2O\)

2. 

Thuốc thửIsoprenIsopentan
Dung dịch \(Br_2\)mất màu dung dịch \(Br_2\)không hiện tượng

3.

Đặt công thức tổng quát hỗn hợp X là \(C_3H_x\)

Ta có: \(M_X=12\times3+x=42\Leftrightarrow x=6\Rightarrow C_3H_6\) 

\(C_3H_6+\dfrac{9}{2}O_2\)  \(\underrightarrow{t^o}\)  \(3CO_2+3H_2O\)

0.05                       0.15       0.15

\(n_X=\dfrac{1.12}{22.4}=0.05mol\)

\(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_3+H_2O\)

\(m=m_{CO_2}=0.15\times44=6.6g\)

Vậy bình nước vôi trong tăng 6.6g

 

2 tháng 2 2018

ai làm bài này chưa ạ? cho mk xin bài giải với

 

21 tháng 3 2021

Ta có n(C2H2)=0.025mol;

Gọi số mol của CH4 VÀ C2H4 LÀ X,Y mol 

Theo bài ra ta có nCH4+nC2H4=nhh-nC2H2=0.025(1);

theo phần 2 ta có x+2y=ncaco3 -2×nC2H2=0.03125(2) từ (1) và (2) ta dk x=0.01875

  y=0.00625 

=> %VC2H2=50%

%VC2H4=12.5%

%VCH4=37.5%

6 tháng 12 2016

2C2H5OH + 2Na → 2C2H3ONa + H2

2CH3 -CH2 -СН2 - ОН + 2Na → 2CH3 -CH2 -СН2 -ONa + H2

b) Tính thành phần phần trăm khối lượng mỗi chất

-Theo 2 pthh ở phần a), số mol 2 chất là 2 x = 0,100 (mol)

22,4

-Đặt số mol C2H5OH là x, số mol C3H7OH là 0,100 – x

46,0x + 60,0.(0,100 - x) = 5,30 => x = 0,0500.

Vậy % khối lượng của C2H5OH : x 100% = 43,4%

% khối lượng của C3H7OH : 56,6%.

4 tháng 8 2019

2C2H5OH + 2Na → 2C2H3ONa + H2↑

2CH3 -CH2 -СН2 - ОН + 2Na → 2CH3 -CH2 -СН2 -ONa + H2↑

b) Tính thành phần phần trăm khối lượng mỗi chất

-Theo 2 pthh ở phần a), số mol 2 chất là 2 x = 0,100 (mol)

22,4

-Đặt số mol C2H5OH là x, số mol C3H7OH là 0,100 – x

46,0x + 60,0.(0,100 - x) = 5,30 => x = 0,0500.

Vậy % khối lượng của C2H5OH : x 100% = 43,4%

% khối lượng của C3H7OH : 56,6%.

Bài 1. Trong một bình kín chứa 0,15 mol C2H2 và 0,15 mol H2. Nếu trong bình đã có một ít bột Ni làm xúc tác, nung bình đến nhiệt độ cao để phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được hỗn hợp A. Cho hỗn hợp A tác dụng dung dịch AgNO3 trong NH3 dư thu được 12 gam kết tủa. Tính % thể tích C2H4 trong hỗn hợp A. Bài 2. Trong một bình kín chứa 0,03 mol C2H2, 0,015 mol C2H4 và 0,04 mol H2. Nếu trong bình đã có một ít...
Đọc tiếp

Bài 1. Trong một bình kín chứa 0,15 mol C2H2 và 0,15 mol H2. Nếu trong bình đã có một ít bột Ni làm xúc tác, nung bình đến nhiệt độ cao để phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được hỗn hợp A. Cho hỗn hợp A tác dụng dung dịch AgNO3 trong NH3 dư thu được 12 gam kết tủa. Tính % thể tích C2H4 trong hỗn hợp A.

Bài 2. Trong một bình kín chứa 0,03 mol C2H2, 0,015 mol C2H4 và 0,04 mol H2. Nếu trong bình đã có một ít bột Ni làm xúc tác nung bình đến nhiệt độ cao để phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được hỗn hợp A. Cho hỗn hợp A tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO3 trong NH3 thu được 3,6 gam kết tủa. Tính % thể tích C2H6 trong hỗn hợp A.

Bài 3. Đun nóng hỗn hợp 0,3 mol vinyl axetilen và 0,5 mol hidro, xúc tác Ni thu được hỗn hợp khí X có tỷ khối hơi so với hidro bằng 16,6. Dẫn khí X vào bình đựng dung dịch brom, tính khối lượng brom tham gia phản ứng ?

Bài 4. Đun nóng hỗn hợp etilen và hidro có tỷ khối hơi so với hidro bằng 6,2 có mặt Ni thu được hỗn hợp khí có tỷ khối hơi so với hidro bằng 8,86. Tìm hiệu suất phản ứng.

1
26 tháng 4 2020

Câu 4:

\(\overline{M_O}=6,2.2=12,4\)

Gọi a, b là mol mỗi khí ban đầu

\(\Rightarrow\frac{28a+2b}{a+b}=12,4\Leftrightarrow15,6a=10,4b\)

\(\Rightarrow\frac{a}{b}=\frac{2}{3}\)

Giả sử a=2; b=3

\(C_2H_4+H_2\underrightarrow{^{to}}C_2H_6\)

Theo lí thuyết có 2 mol H2 phản ứng

\(m_{hh}=2.28+3.2=62\left(g\right)\)

Sau phản ứng:

\(\overline{M}=8,86.2=17,72\left(g\right)\)

\(n=\frac{62}{17,72}=3,5\left(mol\right)\)

Trước phản ứng: n0 = 5mol

\(\Rightarrow n_{giam}=1,5\left(mol\right)=n_{H2\left(pư\right)}\)

\(\Rightarrow H=\frac{1,5.100}{2}=75\%\)

6 tháng 11 2016

quy đổi hh thành fe,cu,s : 56x+64y+32z=6,48 (1)

Fe--->fe+3+3e

cu--->cu+2+2e

s--->s+4+4e

o2+4e---->2o2-

bte:3x+2y+0,28=0,45 (2)

giải 12--->x=0,03 ,y=0,04

phần :2 fe--->fe+3+3e

cu---->cu+2+2e

n+5+1e--->

s--->s+6

<=>0,03.3+0,04.2+0,07.6=nNO2====>v=13,216 l

ket tủa có :Fe(oH)3=nFe;cu(oh)2=nCu;BaSO4=nS--->m=23,44g

19 tháng 10 2016

a, (1) 4P+5.O2->2.P2O5
(2) P2O5+4.NaOH->2.Na2HPO4+H2O
b, photpho có n=6,2:31=0,2 mol.dựa theo pt (1) thấy nP2O5=0,1mol.theo pt (2) thấy nNaOH=0,4mol vậy mNaOH=0,4.40=16 g vậy m(dd NaOH)=16:32%=50 g
c, theo pt (2) nNa2HPO4 =0,2 mol vậy mNa2HPO4=0,2.142=28,4 g
m(dd sau pư)=mP+m(dd NaOH)=6,2+50=56,2 g
=> C%(dd Na2HPO4)=28,4:56,2=50,53%

6 tháng 5 2019

Câu c: khối lượng chất tan là mNaOH và mP2O5

2 tháng 8 2018

Câu 3: Gọi số mol NO là a . Có: n\(_{N_2}\) = n\(_{N_2O}\) = 2a => 5a = \(\dfrac{4,48}{22,4}\) = 0,2

=> a = 0,04 . Vậy: n\(HNO_3\) = a.4+2a.10+2a.12 = 1,92 (mol)

=> V\(_{HNO_3}\) = 1,92 (lít)