Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Đáp án B
Bảo toàn khối lượng:
Khi cô cạn X:
Khi đó xảy ra hai trường hợp:
Trường hợp (1):
(Loại)
Trường hợp (2):
Vậy:
RCOOK + KOH → RH + K2CO3
Do n chất rắn = nKOH ban đầu = 0,7 và nRH = 0,3 nên có 2 trường hợp:
TH1: nRCOOK = 0,4 và nKOH dư = 0,3 m rắn = 53 → R = 7,5: HCOOK và RCOOK
nY=0,4 → nY pư = 0,24 mol
Tách H2O của Y → nH2O = 0,12 mol
=> mY pư =m ete + mH2O = 10,2 gam
=>MY=42,5
Vậy Y chứa CH3OH (0,1) và C2H5OH (0,3) =>Tỷ lệ mol các muối là 1 : 3 hoặc 3: 1
1+3R' = 7,5.4 → R'= 29/3: Loại
3+R'=7,5.4 → R'= 27: CH2=CH-
E là HCOOC2H5 (0,3) và F là CH2=CHCOOCH3 (0,1)
(1)Sai
(2) Sai, mE = 22,2
(3) Đúng
(4) Đúng
(5) Sai
TH2: nRCOOK = 0,3 và nKOH dư = 0,4.
Làm tương tự.
Đáp án B
MgCO3 + 2HCl → MgCl2 + CO2 + H2O (1)
BaCO3 + 2HCl → BaCl2 + CO2 + H2O (2)
CO2 + Ca(OH)2 → CaCO3↓ + H2O. (3)
Theo (1), (2) và (3), để lượng kết tủa B thu được là lớn nhất thì:
nCO2 = nMgCO3 + nBaCO3 = 0,2 mol
Ta có: 
= 0,2
=> a = 29,89.
Chọn C.
Hỗn hợp E gồm X (3x mol); Y (2x mol); Z (3x mol)
Dung dịch Y chứa R(COONa)2: 5x mol và NaOH dư: 0,13 – 10x mol
Khi nung T với CaO thu được 1 hidrocacbon đơn giản nhất là CH4 (0,015 mol) Þ R là –CH2
và phản ứng nung T tạo CH4 tính theo mol của muối thì: 0,13 – x = 0,03 Þ x = 0,01 mol (vì nếu tính theo mol của NaOH thì nmuối < nhiđrocacbon).
Dựa vào các đáp án nhận thấy các anol đều no đơn chức nên công thức của ancol là CnH2n + 2O (n > 0)
Gọi công thức của Z là CmH2m – 4O4 (m > 4)
Khi đốt cháy X thì: 0,045n + 0,04 + 0,03.(1,5m – 2,5) = 0,28 Þ n + m = 7
+ Với n = 1 và m = 6 Þ X là CH3OH và Z là CH3OOCCH2COOC2H5
Þ Y là CH2(COOH)2 (0,02 mol) Þ %mY = 28,03%
Đáp án : A
Vì sau khi phản ứng với Kiềm chỉ thu được 1 ancol Z => 2 chất ban đầu có 1 chất là axit ( đồng đẳng của nhau )
Mặt khác nAg = 0,72 mol > 2nX => ancol Z là CH3OH có n = 0,18 mol
MM = 21,6g => Trong M phải có CH4 => còn lại là C2H6
=> 2 chất ban đầu là C2H5COOH và CH3COOCH3 với số mol lần lượt là 0,12 mol và 0,18 mol
=> mX = 22,2g
=> nH2O = nC2H5COOH = 0,12 mol
Bảo toàn khối lượng : mX + mKiềm = m + mH2O + mCH3OH
=> m = 59,88g
Chọn đáp án A.
Y tham gia phản ứng vôi tôi xút thu được 2 hidrocacbon kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng
=> Chứng tỏ Y chứa 2 axit kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng
X + (NaOH, KOH) → 2 axit kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng + ancol Z
Mà 2 chất trong X là đồng phân của nhau
=> Chứng tỏ X chứa 1 este tạo bởi CH3OH (ancol Z) và 1 axit cacboxylic.
Có n C H 3 O H = 1 4 n A g = 0 , 18 m o l
⇒ n a x i t = 0 , 3 - 0 , 18 = 0 , 12 m o l
⇒ 2 hidrocacbon là CH4 và C2H6
=> CTCT este là CH3COOCH3, CTCT axit là C2H5COOH
Áp dụng bảo toàn khối lượng có:
m X + m N a O H + m K O H = m + m H 2 O + m Z
⇒ m = 59 , 88 gam
Đáp án D