Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
b) M2Om + mH2SO4 --> M2(SO4)m + mH2O (1)
giả sử nM2Om=1(mol)
=>mM2Om=(2MM+16m) (g)
theo (1) : nH2SO4=m.nM2Om=m(mol)
=>mdd H2SO4=980m(g)
nM2(SO4)m=nM2Om=1(mol)
=>mM2(SO4)m=(2MM+96m) (g)
=>\(\dfrac{2MM+96m}{2MM+16m+980m}.100=12,9\left(\%\right)\)
=>MM=18,65m(g/mol)
Xét => MM=56(g/mol)
=>M:Fe, M2Om:Fe2O3
nFe2O3=0,02(mol)
giả sử tinh thể muối đó là Fe2(SO4)3.nH2O
theo (1) : nFe2(SO4)3=nFe2O3=0,02(mol)
ta có : nFe2(SO4)3.nH2O=nFe2(SO4)3=0,02(mol)
Mà H=70(%)
=>nFe2(SO4)3.nH2O(thực tế)=0,014(mol)
=>0,014(400+18n)=7,868
=>n=9
=>CT :Fe2(SO4)3.9H2O
b4
-Đốt cháy A thu CO2 và H2O suy ra A chứa C,H và có thể có thêm O
nC=nCO2=8,8\44=0,2mol→mC=2,4g
nH=2nH2O=2.5,4\18=0,6mol→mH=0,6g
mC+mH=2,4+0,6=3g=mA→→ Vậy A chỉ có C và H
- Ta có: nC:nH=0,2:0,6=1:3
→→Công thức nguyên: (CH3)n
- Theo đề ta có: 15n<40→→n<2,67 Vì n nguyên dương nên n=1 và n=2
- Khi n=1 →→CTPT CH3 không đảm bảo hóa trị của C(C hóa trị IV): loại
- Khi n=2→→CTPT: C2H6(chọn)
b6
C2H4 + Br2==>C2H4Br2
metan(CH4) ko td với brom
b, mol hỗn hợp = 0.15(mol)
Do chỉ có etilen td được với brom nên khí thoát ra là metan
==>mol Ch4=0.1(mol)==>molC2H4=0.05(mol)
%V CH4=66.67%==>%VC2H4=33.33%
CH4+2O2--to->CO2+2H2O
0,1-----0,2
C2H4+3O2-to->2CO2+2H2O
0,05-----0,15
=>Vkk=(0,2+0,15).22,4.5=39,2 l
Bài 4:
-Gọi thể tích H2SO4 0,2M là a lít\(\rightarrow\)\(n_{H_2SO_4}=0,2amol\)
-Gọi thể tích H2SO4 0,5M là b lít\(\rightarrow\)\(n_{H_2SO_4}=0,5bmol\)
-Thể tích dung dịch=(a+b)lít
-Số mol H2SO4 thu được=0,2a+0,5b
\(C_{M_{H_2SO_4}}=\dfrac{0,2a+0,5b}{a+b}=0,3\)
\(\rightarrow\)0,2a+0,5b=0,3a+0,3b\(\rightarrow\)0,1a=0,2b\(\rightarrow\)\(\dfrac{a}{b}=\dfrac{0,2}{0,1}=\dfrac{2}{1}\)
Bài 5:
\(m_{dd_{BaCl_2}}=400.1,003=401,2gam\)
\(n_{BaCl_2}=\dfrac{401,2.5,2}{208.100}=0,1003mol\approx0,1mol\)
\(m_{dd_{H_2SO_4}}=100.1,4=140gam\)
\(n_{H_2SO_4}=\dfrac{140.20}{98.100}\approx0,3mol\)
BaCl2+H2SO4\(\rightarrow\)BaSO4\(\downarrow\)+2HCl
-Tỉ lệ: \(\dfrac{0,1}{1}< \dfrac{0,3}{1}\rightarrow H_2SO_4dư\)
\(n_{BaSO_4}=n_{H_2SO_4\left(pu\right)}=n_{BaCl_2}=0,1mol\)
\(n_{H_2SO_4\left(dư\right)}=0,3-0,1=0,2mol\)\(\rightarrow m_{H_2SO_4}=0,2.98=19,6gam\)
\(m_{BaSO_4}=0,1.233=23,3gam\)
\(n_{HCl}=2n_{BaCl_2}=0,2mol\rightarrow m_{HCl}=0,2.36,5=7,3gam\)
\(m_{dd}=401,2+140-23,3=517,9gam\)
C%HCl=\(\dfrac{7,3}{517,9}.100\approx1,4\%\)
C%H2SO4=\(\dfrac{19,6}{517,9}.100\approx3,8\%\)
Gọi hóa trị R là n (0 < n <4 , n thuộc N)
2R + nCl2 ---> 2RCln
1,2/n <- 0,6
4R + nO2 ----> 2 R2On
0,6/n <- 0,15
(1,2 + 0,6 ) /n = (63,6 - 42,6 - 4,8)/MR /chỗ này hơi tắt, bạn có thể hỏi lại á/
=> MR=9n
n I II III
MR 9 (l) 18 (l) 27 (chọn)
-> R là Al
* Tính M:
2,3g N hoặc 1,5g Q có \(n=\frac{1,6}{32}=0,05\left(mol\right)\)
\(\rightarrow M_N=\frac{2,3}{0,05}=46\)
\(M_Q=\frac{1,5}{0,05}=30\)
\(\rightarrow M_M=2M_N=92\)
\(M_R=2M_Q=60\)
\(M_X=3M_T=180\)
P và N cùng CTPT nên là đồng phân. \(M_P=M_M=46\)
*Xét TCHH:
Chỉ R phản ứng với NaOH \(\rightarrow\) R là este CH3COOC2H5 hoặc axit CH3COOH
Mà M=60 nên R là CH3COOH
Q có phản ứng với Cl2 (askt) \(\rightarrow\) Q là ankan. Mà M=30 \(\rightarrow\) Q là C2H6
X có M=180 \(\rightarrow\) X là C6H12O6
Từ X điều chế đc R và N \(\rightarrow\) N là C2H5OH
(qua phản ứng lên men)
P là đồng phân của etanol nên P là ete CH3OCH3
...