Hỗn hợp E chứa 3 peptit X, Y, Z (MX < MY < MZ) đều mạch hở có tổng số nguyên tử oxi là 14 và số mol của X chiếm 50% số mol của hỗn hợp E. Đốt cháy X gam hỗn hợp E cần dùng 1,1475 mol O2, sản phẩm cháy...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

8 tháng 7 2019

Hỗn hợp E chứa 3 peptit X, Y, Z (MX < MY < MZ) đều mạch hở có tổng số nguyên tử oxi là 14 và số mol của X chiếm 50% số mol của hỗn hợp E. Đốt cháy X gam hỗn hợp E cần dùng 1,1475 mol O2, sản phẩm cháy dẫn qua dung dịch KOH đặc dư thấy khối lượng bình tăng 60,93 gam; đồng thời có một khí duy nhất thoát ra. Mặt khác đun nóng X gam E với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được dung dịch chỉ chứa 0,36...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

8 tháng 7 2019

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

28 tháng 3 2018

Hỗn hợp E chứa ba peptit X, Y, Z M X < M Y < M Z đều mạch hở, có tổng số liên kết peptit là 13; trong mỗi phân tử X, Y, Z đều có số nguyên tử oxi không nhỏ hơn 6. Đốt cháy hết 32,052 gam E cần dùng 2,061 mol O2, sản phẩm cháy gồm CO2, H2O và N2. Nếu thủy phân hoàn toàn 0,35 mol E cần dùng dung dịch chứa 82,0 gam NaOH, thu được dung dịch chứa muối của...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

28 tháng 3 2018

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

11 tháng 5 2019

Ba peptit X, Y, Z (MX < MY < MZ) mạch hở, có cùng số nguyên tử cacbon, được tạo bởi từ glyxin, alanin, valin; tổng số liên kết peptit trong X, Y, Z bằng 8. Đốt cháy hoàn toàn 27,95 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z (trong đó X chiếm 75% số mol hỗn hợp) với lượng oxi vừa đủ, thu được H2O; 1,2 mol CO2 và 0,155 mol N2. Phần trăm khối lượng của Y có trong hỗn hợp E là A. 10,84% B. 23,47% C. 14,70% D....

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 11

1

NQ

Ngô Quang Sinh

11 tháng 5 2019

Đáp án D

Quy E về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O ⇒ n_C2H₃NO = 2n_N2 = 0,31 mol.

Muối gồm C₂H₄NO₂Na và CH₂ ⇒ bảo toàn nguyên tố C: n_CH2 = 0,58 mol.

⇒ ∑n_peptit = n_H2O = (27,95 – 0,31 × 57 – 0,58 × 14) ÷ 18 = 0,12 mol.

⇒ n_X = 0,12 × 0,75 = 0,09 mol ⇒ n_Y,Z = 0,03 mol.

⇒ số mắt xích trung bình Y,Z ≥ 2 ⇒ (0,31 – 0,09 × số mắt xích X) ÷ 0,03 ≥ 3.

||⇒ số mắt xích X ≤ 2,44 ⇒ X là đipeptit ⇒ số mắt xích trung bình Y,Z = 4,33.

● ∑mắt xích peptit = 8 + 3 = 11 ⇒ ∑mắt xích Y,Z = 9 = 4 + 5.

⇒ Y là tetrapeptit và Z là pentapeptit ||⇒ giải hệ cho: n_Y = 0,02 mol; n_Z = 0,01 mol.

Z có ≥ 5 × 2C = 10C và X có ≤ 2 × 5C = 10C ||● X, Y, Z có cùng số C.

⇒ X là Val₂ và Z là Gly₅ ⇒ m_Y = m_E – m_X – m_Z = 5,48(g).

%m_Y = 5,48 ÷ 27,95 × 100% = 19,61%

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

14 tháng 11 2017

Hỗn hợp E chứa ba peptit X, Y, Z (MX<MY<MZ; nY:nZ=2:3) đều mạch hở và tổng số nguyên tử oxi trong E là 9. Thủy phân hoàn toàn một lương E cần vừa đủ 0,44 mol NaOH thu được 45,48 gam hỗn hợp ba muối của Gly, Ala, Val. Nếu lấy toàn bộ lượng X trong E rồi đốt cháy thì thu được 0,68 mol CO2. Phần trăm khối lượng của Y trong E gần nhất với? A. 10% B. 15% C. 20% D....

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

14 tháng 11 2017

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

20 tháng 12 2018

Hỗn hợp E gồm ba este X, Y, Z (đều mạch hở, chỉ chứa một loại nhóm chức; trong phân tử mỗi este có số liên kết p không quá 3; MX < MY < MZ; X chiếm 50% số mol hỗn hợp). Đun nóng 11,14 gam E với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được hỗn hợp T gồm các muối và hỗn hợp G chứa ba ancol đều no. Tỉ khối hơi của G so với H2 bằng 28,75. Đốt cháy toàn bộ T cần dùng 0,115 mol O2, thu được 9,805 gam Na2CO3 và...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

20 tháng 12 2018

Chọn D.

Khi đốt cháy T thì:

Vì mol CO₂ và H₂O bằng nhau nên các muối đều no, đơn chức

→ B T K L m T = 12 , 79 ( g ) và n_NaOH = 0,185 mol Þ Có 1 muối là HCOONa

Khi cho E tác dụng với NaOH thì: → B T K L m G = 5 , 75 ( g ) ⇒ n G = 0 , 1 m o l

Þ Ba ancol trong G lần lượt là CH₃OH, C₂H₄(OH)₂, C₃H₅(OH)₃

Vì X chiếm 50% về số mol hỗn hợp Þ CH₃OH: 0,05 mol Þ

E gồm là R₁COOCH₃ (0,05 mol); R₂(COO)₂C₂H₄ (0,015 mol); R₃(COO)₃C₃H₅ (0,035 mol)

(Xét cho các muối)

Þ C R 1 = 0 ; C R 2 = 1 ; C R 3 = 0 Þ Y là CH₃COO-C₂H₄-OOCH Þ %m_Y = 17,77%

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

3 tháng 2 2017

Hỗn hợp E gồm ba este X, Y, Z (đều mạch hở, chỉ chứa một loại nhóm chức; trong phân tử mỗi este có số liên kết π không quá 3; MX < MY < MZ; X chiếm 50% số mol hỗn hợp). Đun nóng 11,14 gam E với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được hỗn hợp T gồm các muối và hỗn hợp G chứa ba ancol đều no. Tỉ khối hơi của G so với H2 bằng 28,75. Đốt cháy toàn bộ T cần dùng 0,115 mol O2, thu được 9,805 gam Na2CO3 và...

Đọc tiếp

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

3 tháng 2 2017

n_Na2CO3 = 9,805 : 106 = 0,0925 mol

BTNT "Na" => n_NaOH = 2n_Na2CO3 = 0,185 mol

n_O(T) = 2n_COO = 2.n_NaOH = 0,37 mol

*Xét phản ứng đốt T:

+ n_CO2 + n_H2O = x + y = 0,215 (1)

+ BTNT "O": n_O(T)+ 2n_O2 = 3n_Na2CO3 + 2n_CO2 + n_H2O => 0,37 + 0,115.2 = 0,0925.3 + 2x + y (2)

Giải hệ (1) và (2) được: x = y = 0,1075

Khi đốt muối thu được n_CO2 = n_H2O=> Muối của axit đơn chức, no, mạch hở

=> n_T = n_NaOH = 0,185 mol

n_C(T) = n_CO2+ n_Na2CO3 = 0,1075 + 0,0925 = 0,2 mol

=> C _{trung bình}= n_C(T) : n_T = 0,2 : 0,185 = 1,081 => T có chứa HCOONa

BTKL: m_T= m_Na2CO3 + m_CO2 + m_H2O - m_O2 = 9,805 + 0,1075.44 + 0,1075.18 - 0,115.32 = 12,79 gam

*Xét phản ứng thủy phân E trong NaOH:

m_G = 11,14 + 0,185.40 - 12,79 = 5,75 gam

=> n_G = 5,75 : 57,5 = 0,1 mol

n_OH = n_NaOH = 0,185 mol => Số nhóm OH trung bình = 0,185 : 0,1 = 1,85

Gọi công thức chung của ancol là C_nH_2n+2O_1,85

M_G = 57,5 => 14n + 2 + 1,85.16 = 57,5 => n = 1,85 => Có CH₃OH

Ta thấy số C trung bình bằng với số nhóm OH trung bình, mà số liên kết pi của X, Y, Z không vượt quá 3 nên suy ra 3 ancol là: CH₃OH (a mol), C₂H₄(OH)₂ (b mol) và C₃H₅(OH)₃ (c mol)

X có phân tử khối nhỏ nhất => X là HCOOCH₃

+ n_G = a + b + c = 0,1

+ n_OH(G) = a + 2b + 3c = 0,185

+ n_X = 50%.n_G => a = 0,5(a + b + c)

Giải hệ thu được a = 0,05; b = 0,015; c = 0,035

Quy đổi muối gồm: HCOONa (0,185 mol) và CH₂

=> m_CH2= 12,79 - 0,185.68 = 0,21 (g) => n_CH2 = 0,21 : 14 = 0,015 mol

Ghép số mol lại suy ra X, Y, Z là:

X: HCOOCH₃ (0,05 mol)

Y: (HCOO)₂(CH₂)C₂H₄ (0,015 mol)

Z: (HCOO)₃C₃H₅ (0,035 mol)

=> %m_Y = 17,774% gần nhất với 17,77%

Đáp án cần chọn là: D

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

18 tháng 10 2017

Hỗn hợp E gồm ba este X, Y, Z (đều mạch hở, chỉ chứa một loại nhóm chức; trong phân tử mỗi este có số liên kết p không quá 3; MX < MY < MZ; X chiếm 50% số mol hỗn hợp). Đun nóng 11,14 gam E với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được hỗn hợp T gồm các muối và hỗn hợp G chứa ba ancol đều no. Tỉ khối hơi của G so với H2 bằng 28,75. Đốt cháy toàn bộ T cần dùng 0,115 mol O2, thu được 9,805 gam Na2CO3 và...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

18 tháng 10 2017

Chọn D

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

26 tháng 9 2019

X, Y, Z là ba peptit mạch hở, có tổng số liên kết peptit là 14; trong mỗi phân tử peptit đều có số nguyên tử oxi không quá 8. Đốt cháy bất kỳ cùng một lượng X cũng như Y đều thu được số mol CO2 như nhau. Đun nóng hoàn toàn hỗn hợp E chứa X, Y, Z có tỉ lệ mol tương ứng 1 : 2 : 5 cần dùng 500 ml dung dịch NaOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng, thu được hai muối của glyxin và alanin. Đốt cháy hoàn...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

26 tháng 9 2019

Đáp án A

Tổng số liên kết peptit trong 3 peptit là 14 nên tổng số gốc aa trong 3 peptit là 17.

Mỗi peptit đều có số O không quá 8 nên từ 7-peptit trở xuống.

Đốt cháy bất kỳ lượng X cũng như Y đều thu được số mol CO₂ như nhau nên X, Y là đồng phân.

Cho E tác dụng với 0,5 mol NaOH thu được 2 muối Gly và Ala.

Đốt cháy hỗn hợp muối cần 1,29 mol O₂.

Giải được số mol Gly và Ala lần lượt là 0,39 và 0,11 mol.

Ta có Gly:Ala=39:11

Trùng ngưng hỗn hợp E được peptit E’:

vậy số mol X, Y, Z lần lượt là 0,01; 0,02; 0,05.

Ta có: 50=1.5+2.5+5.7

X, Y là 5-peptit còn Z là 7-peptit.

Ta có số mol Ala là 0,11

0,11=0,05.2+0,01=0,05+0,02.3=0,05+0,02.2+0,01.2=0,05+0,02+0,01.4

=0,02.3+0,01.5=0,02.4+0,01.3=0,02.5+0,01.1

Vì X và Y đồng phân nên chỉ thỏa mãn X, Y chứa 2 gốc Ala, Z chứa 1 gốc Ala.

Vậy X , Y có dạng là Gly₃Ala₂ còn Z là AlaGly₆.

%Z=68,456%

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

13 tháng 5 2018

Đốt cháy X cũng như Y với lượng oxi vừa đủ, luôn thu được CO2 có số mol bằng số mol O2 đã phản ứng. Biết rằng X, Y (MX < MY) là hai este đều mạch hở, không phân nhánh và không chứa nhóm chức khác. Đun nóng 30,24 gam hỗn hợp E chứa X, Y (số mol của X gấp 1,5 lần số mol Y) cần dùng 400 ml dung dịch KOH 1M, thu được hỗn hợp F chứa 2 ancol và hỗn hợp chứa 2 muối. Dẫn toàn bộ F qua bình đựng...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

13 tháng 5 2018

Đúng(0)

NH

Nguyễn Hoàng Nam

28 tháng 12 2017

Đốt cháy X cũng như Y với lượng oxi vừa đủ, luôn thu được CO2 có số mol bằng số mol O2 đã phản ứng. Biết rằng X, Y (MX<MY) là hai este đều mạch hở, không phân nhánh và không chứa nhóm chức khác. Đun nóng 30,24 gam hỗn hợp E chứa X, Y (số mol của X gấp 1,5 lần số mol Y) cần dùng 400 ml dung dịch KOH 1M thu được hỗn hợp F chứa 2 ancol và hỗn hợp chứa 2 muối. Dẫn toàn bộ F qua bình đựng Na...

Đọc tiếp

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

28 tháng 12 2017

Đáp án D

Do đốt cháy X và Y đều cần lượng O₂ bằng CO₂ nên X, Y có dạng tổng quát là C_m(H₂O)_n

Mà n O t r o n g h h = 2 n K O H = 0 , 8 → n C = 30 , 24 - 0 , 8 . 18 12 = 1 , 32 mol

Bảo toàn khối lượng : m m u o i = 30,24 + 0,4.56 - 15,6 = 37,04 → m a x i t = 21,84

Do lượng oxi đốt muối bằng đốt axit tương ứng, nên để đốt 21,84 hỗn hợp axit này cần 0,42 mol O₂.

Suy ra m C O 2 + m H 2 O = 21 , 84 + 0 , 42 . 32 = 35 , 28 g a m

Bảo toàn O và trong hỗn hợp axit có 0,8 mol O nên 2 n C O 2 + n H 2 O = 0,8+0,42.2 = 1,64

Giải được n C O 2 = 0 , 72 ; n H 2 O = 0 , 2

Để ý thầy số n H t r o n g a x i t = n O nên muối có dạng KOOC-(C)_n-COOK.

Do vậy n X + Y = 0 , 2 và C a x i t = 0 , 72 0 , 2 = 3 , 6 nên phải có muối KOOC-COOK.

Ta có n X = 0 , 12 ; n Y = 0 , 08

Nếu muối X là KOOC-COOK thì muối Y chứa 6 C.

Nếu muối Y là KOOC-COOK thì muối X chứa 4,666 C (loại).

Do vậy muối X là KOOC-COOK còn muối Y là KOOC-C≡C-C≡C-COOK.

Vì X và Y đề có dạng C_n(H₂O)_m nên X và Y phải chứa 8H.

Do vậy công thức cấu tạo của Y là CH₃-CH₂OOC-C≡C-C≡C-COOCH₃. Số nguyên tử trong Y là 21.

Đúng(0)

Chúng tôi đề xuất

Tài nguyên

Ứng dụng mobile

Bảng xếp hạng

Các khóa học có thể bạn quan tâm

Yêu cầu VIP