n-3⋮5 => 2(n-3)=2n-6=(2n-1)-5⋮5 => 2n-1⋮5

n-4⋮7 => 2(n-4)=2n-8=(2n-1)-7⋮7 => 2n-1⋮7

n-5⋮9 => 2(n-5)=2n-10=(2n-1)-9⋮9 => 2n-1⋮9

Để n nhỏ nhất thỏa mãn đề bài thì

2n-1=BCNN(5,7,9)=315

=> n=(315+1):2=158

\(\frac{3n^2+5}{n-1}=3n+3+\frac{8}{n-1}\)

Để \(3n^2+5\) chia hết cho \(n-1\) thì 8 phải chia hết cho n-1

\(\rArr\left(n-1\right)=\left\lbrace-8;-4;-2;-1;1;2;4;8\right\rbrace\)

\(\rArr n=\left\lbrace-7;-3;-1;0;2;3;5;9\right\rbrace\)

|------|------|------|------| Tổng 4 số

|------|--| Số a

Tổng 3 số là

25+35+52=112

Nhìn trên sơ đồ đoạn thẳng ta thấy 3 lần TBC của 4 số là

112+5=117

TBC của 4 số là

117:3=39

Số a là

9+5=14

\(3b=3+3^2+3^3+\cdots+3^{2013}\)

\(2b=3b-b=3^{2013}-3^{o}=3^{2013}-1\)

\(\rArr2b+1=3^{2013}\)

Xét △ABC

AB⊥AC (gt); A'E⊥AC (gt) => A'E//AB (cùng vg với AC)

\(\rArr\frac{CE}{AC}=\frac{A^{\prime}C}{BC}\) (1)

A'F⊥AB (gt); AC⊥AB (gt) => A'F//AC (cùng vg với AB)

\(\rArr\frac{BF}{AB}=\frac{A^{\prime}B}{BC}\) (2)

Chia 2 vế của (1) cho (2)

\(\rArr\frac{CE}{AC}.\frac{AB}{BF}=\frac{A^{\prime}C}{A^{\prime}B}\rArr\frac{CE}{BF}.\frac{AB}{AC}=\frac{A^{\prime}C}{A^{\prime}B}\)

Ta có AA' là phân giác của \(\hat{A}\)

\(\rArr\frac{A^{\prime}C}{A^{\prime}B}=\frac{AC}{AB}\) (Trong một tam giác, đường phân giác của một góc chia cạnh đối diện thành hai đoạn thẳng tỉ lệ với hai cạnh kề với hai đoạn ấy)

\(\rArr\frac{CE}{BF}.\frac{AB}{AC}=\frac{AC}{AB}\rArr\frac{CE}{BF}=\frac{AC^2}{AB^2}\)

a/

AH⊥BC (gt) \(\rArr\hat{AHB}=90^{o}\)

BE⊥AD (gt) \(\rArr\hat{AEB}=90^{o}\)

H và E cùng nhìn AB dưới 2 góc = nhau và \(=90^{o}\)

=> ABHE là tứ giác nội tiếp

b/

Xét (O)

\(\hat{ACD}=90^{o}\) (góc nt chắn nửa đường tròn)

Xét tg vuông ABH

\(\hat{BAH}+\hat{ABC}=90^{o}\)

Xét tg vuông ADC

\(\hat{DAC}+\hat{ADC}=90^{o}\)

Mà \(\hat{ABC}=\hat{ADC}\) (Góc nt cùng chắn cung AC)

Xét tg vuông ABH và tg vuông ADC có

\(\hat{ABC}=\hat{ADC}\) (cmt)

=> tg ABH đồng dạng với tg ADC

\(\rArr\frac{BH}{DC}=\frac{AH}{AC}\rArr BH.AC=AH.DC\)

a/

Xét đường tròn đường kính BD

\(\hat{BED}=90^{o}\) (Góc nt chắn nửa đường tròn)

Xét tg vuông ABC và tg vuông EBD

\(\hat{ABC}\) chung

=> △ABC∼△EBD

b/

Ta có A và E cùng nhìn CD dưới 2 góc = nhau và \(=90^{o}\)

=> ADEC là tứ giác nt

Ta có

\(\hat{BFD}=90^{o}\) (Góc nt chắn nửa đường tròn)

=> A và F cùng nhìn BC dưới 2 góc = nhau và \(=90^{o}\)

=> AFBC là tứ giác nt

c/

Xét tứ giác nt ADEC

\(\hat{ACF}=\hat{AED}\) (góc nt cùng chắn cung AD)

Xét tứ giác nt AFBC

\(\hat{ACF}=\hat{ABF}\) (góc nt cùng chắn cung AF)

\(\rArr\hat{AED}=\hat{ABF}\)

Xét đường tròn đường kính BD

\(sđ\hat{AED}=\frac12sđcungDG\) ;\(sđ\hat{ABF}=\frac12sđcungDF\) (Góc nt)

\(\rArr sđcungDG=sđcungDF\)

\(sđ\hat{AED}=\frac12sđcungDF;sđ\hat{CFG}=\frac12sđcungDG\) (góc nt)

\(\rArr\hat{AED}=\hat{CFG}\) mà \(\hat{ACF}=\hat{AED}\) (cmt)

\(\rArr\hat{CFG}=\hat{ACF}\) , 2 góc này ở vị trí so le trong

=> AC//FG

d/

Gọi K là giao của AC với FB

Xét △KBC có

\(\hat{BFD}=90^{o}\) (cmt) => CF⊥KB

\(\hat{BAC}=90^{o}\) (gt) => BA⊥KC

=> D là trực tâm của △KBC

=> KD⊥BC

Mà \(\hat{BED}=90^{o}\) (cmt) => DE⊥BC

=> KD trùng DE (Từ 1 điểm bên ngoài 1 đường thẳng chỉ dựng được duy nhất 1 đường thẳng vuông góc với đường thẳng đã cho)

=> AC; DE; FB đồng quy

e/ Gọi I là giao của FG với AB

Xét đường trong đường kính BD

\(\hat{BGD}=90^{o}\) (Góc nt chắn nửa đường tròn)

Xét tg vuông BFD và tg vuông BGD

\(sđcungDG=sđcungDF\) (cnt) => DF=DG (2 cung có số đo = nhau thì 2 dây trương cung bằng nhau)

BD chung

=> tg BFD = tg BGD (2 tg vuông có cạnh huyền và cạnh góc vuông bằng nhau)

=> BF = BG => △BFG cân tại B

và \(\hat{DBF}=\hat{DBG}\)

=> BD⊥FG và IF = IG (trong tg cân đường phân giác của góc ở đỉnh đồng thời là đường cao và đường trung tuyến)

Xét △AFG có

BD⊥FG (cmt) => AD⊥FG; IF=IG (cmt) => △AFG cân tại A

\(\rArr\hat{DAF}=\hat{DAE}\) (trong tg cân đường cao xuất phát từ đỉnh tg cân đồng thời là đường phân giác) (1)

Xét đường tròn đường kính BD có

\(sđ\hat{FED}=\frac12sddcungDF;sđ\hat{AED}=\frac12sđcungDG\) (góc nt)

Mà \(sđcungDG=sđcungDF\) (cmt)

\(\rArr\hat{FED}=\hat{AED}\) (2)

Xét △AEF

Từ (1) và (2) => D là giao của 3 đường phân giác (trong tg 3 đường phân giác đồng quy)

=> D là tâm đường tròn nội tiếp △AEF

6C=1.3.6+3.5.6+5.7.6+...+99.101.6=

=1.3.(5+1)+3.5.(7-1)+5.7.(9-3)+...+99.101.(103-97)=

=1.3+1.3.5-1.3.5+3.5.7-3.5.7+5.7.9-...-97.99.101+99.101.103=

=1.3+99.101.103

C=(1.3+99.101.103):6

a/

Xét (O) có

\(\hat{AHB}=90^{o}\) (Góc nt chắn nửa đường tròn)

=> △AHB vuông

b/

\(OA=OH=R\rArr\Delta OAH\) cân tại H

\(\rArr\hat{OAH}=\hat{OHA}\)

Xét tg vuông AHC có

\(AK=CK\rArr KH=AK=CK=\frac{AC}{2}\) (trong tg vuông trung tuyến thuộc cạnh huyền bằng nửa cạnh huyền)

\(\rArr\Delta KHA\) cân tại K

\(\rArr\hat{KAH}=\hat{KHA}\)

\(\rArr\hat{OAH}+\hat{KAH}=\hat{OHA}+\hat{KHA}\rArr\hat{OAK}=\hat{OHK}\)

Mà \(\hat{OAK}=90^{o}\rArr\hat{OHK}=90^{o}\)

=> KH là tiếp tuyến của (O)

c/

Ta có A và H cùng nhìn OK dưới 2 góc bằng nhau và \(=90^{o}\)

=> A và H cùng thuộc đường tròn đường kính OK => A;K;H;O cùng nằm trên 1 đường tròn

a/ Khi \(m=-2\)

\(\left(1\right)\lrArr x^2-3x+2=0\)

PT có dạng \(a+b+c=0\)

\(x1=1;x2=\frac{c}{a}=2\)

b/

Để (1) có 2 nghiệm phân biệt

\(\Delta=9-4\left(m+4\right)=-4m+5>0\)

\(\lrArr4m-5<0\lrArr m<\frac54\)

Ta có

\(x2\left(x2-1\right)+x1\left(x1-1\right)=2\)

\(\lrArr x2^2-x2+x1^2-x1-2=0\)

\(\lrArr\left(x1+x2\right)^2-2.x1.x2-\left(x1+x2\right)-2=0\) (2)

Áp dụng định lý Viet

\(x1+x2=-\frac{b}{a}=3\)

\(x1.x2=\frac{c}{a}=m+4\)

Thay vào (2) rồi giải PT ẩn m đối chiếu với ĐK \(m<\frac54\)

Bạn tự làm nốt nhé