- T gồm NO ( khí ko màu hóa nâu trong kk) và N2 (vì 30>29,2 nên khí còn lại phải có phân tử khối nhỏ hơn 29,2 loại khí N20)

Áp dụng quy tắc đường chéo 

NO 30             1,2   3
              29,2 
N2   28           0,8     2

n_{hh khí} =1,12:22,4=0,05 mol ⇒ n_NO =0,03 mol và n_N2 =0,02 mol

CT tính số mol HNO3 nhanh 
 n_HNO3  =4n_NO +12n_N2 +10n_NH4NO3 
⇒n_NH4NO3 =0,01 mol

m_t =m_Kl +62n_e+m_NH4No3 =44,82 g   thay số vào ta được m_KL= 21,08 g

 Câu 35

T gồm NO ( khí ko màu hóa nâu trong kk) và N2 (vì 30>29,2 nên khí còn lại phải có phân tử khối nhỏ hơn 29,2 loại khí N20)

Áp dụng quy tắc đường chéo 

NO 30             1,2   3
              29,2 
N2   28           0,8     2

nhh khí =1,12:22,4=0,05 mol ⇒ nNO =0,03 mol và nN2 =0,02 mol

CT tính số mol HNO3 nhanh 
 nHNO3  =4nNO +12nN2 +10nNH4NO3 
⇒nNH4NO3 =0,01 mol

mt =mKl +62ne+mNH4No3 =44,82 g   thay số vào ta được mKL= 21,08 g

Câu 35:

\(M_{khí}=7,3.4=29,2\left(g/mol\right)\)

Khí hoá nâu ngoài không khí => Khí đó là NO

\(n_{khí}=\dfrac{1,12}{22,4}=0,05\left(mol\right)\)

=> \(m_{khí}=0,05.29,2=1,46\left(g\right)\)

\(n_{HNO_3}=1,15.0,4=0,46\left(mol\right)\)

BTNT H: \(n_{H_2O}=\dfrac{1}{2}n_{HNO_3}=0,23\left(mol\right)\)

Áp dụng ĐLBTKL:

m + m_HNO3 = m_muối + m_khí + m_H2O 

=> m = 44,82 + 1,46 + 0,23.18 - 0,46.63 = 21,44 (g)

Câu 36:

\(n_{khí}=\dfrac{2,688}{22,4}=0,12\left(mol\right)\)

Áp dụng sơ đồ đường chéo, ta có:

\(\dfrac{n_{NO}}{n_{NO_2}}=\dfrac{46-\dfrac{55}{3}.2}{\dfrac{55}{3}.2-30}=\dfrac{7}{5}\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{NO}=0,07\left(mol\right)\\n_{NO_2}=0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Gọi hoá trị của M là n

Quá trình oxi hoá - khử:

\(M^0-ne\rightarrow M^{+n}\\ N^{+5}+1e\rightarrow M^{+4}\\ N^{+5}+3e\rightarrow N^{+2}\)

BTe: \(n_M=\dfrac{3n_{NO}+n_{NO_2}}{n}=\dfrac{0,26}{n}\left(mol\right)\)

=> \(M_M=\dfrac{8,32}{\dfrac{0,26}{n}}=32n\left(g/mol\right)\)

Với n = 2 thoả mãn => M_M = 32.2 = 64 (g/mol)

=> M là Cu

Câu 35

 T gồm NO ( khí ko màu hóa nâu trong kk) và N2 (vì 30>29,2 nên khí còn lại phải có phân tử khối nhỏ hơn 29,2 loại khí N20)

Áp dụng quy tắc đường chéo 

NO 30             1,2   3
              29,2 
N2   28           0,8     2

nhh khí =1,12:22,4=0,05 mol ⇒ nNO =0,03 mol và nN2 =0,02 mol

CT tính số mol HNO3 nhanh 
 nHNO3  =4nNO +12nN2 +10nNH4NO3 
⇒nNH4NO3 =0,01 mol

mt =mKl +62ne+mNH4No3 =44,82 g   thay số vào ta được mKL= 21,08 g

là chất khí, không màu, không mùi, ít tan trong nước, nặng hơn không khí

Ở điều kiện thường oxygen là khí không màu, không mùi, không vị, tan ít trong nước, nặng hơn không khí, duy trì sự cháy và sự sống.

Gọi CTHH của muối là $R(NO_3)_n$

TH1 : Nếu chất rắn thu được là kim loại

$R(NO_3)_n \xrightarrow{t^o} R + nNO_2 + \dfrac{n}{2}O_2$

Theo PTHH : $n_{R(NO_3)_n} = n_R$
$\Rightarrow \dfrac{41,125}{R + 62n} = \dfrac{17,5}{R}$

$\Rightarrow R = 107,92n$(loại)

TH2 : Nếu chất rắn thu được là oxit

$2R(NO_3)_n \xrightarrow{t^o} R_2O_n + 2nNO_2 + \dfrac{n}{2}O_2$

Theo PTHH : $n_{R(NO_3)_n} = 2n_{R_2O_n}$

$\Rightarrow \dfrac{41,125}{R + 62n} = \dfrac{17,5}{2R + 16n}.2$

$\Rightarrow R = 32n$

Với n = 2 thì R = 64(Cu)

Vậy muối cần tìm là $Cu(NO_3)_2$

$2Cu(NO_3)_2 \xrightarrow{t^o} 2CuO + 4NO_2 + O_2$

$n_{NO_2} = 0,4375(mol); n_{O_2} = 0,109375(mol)$

Suy ra : $V_{khí} = 22,4.(0,4375 + 0,109375) = 12,25(lít)$

a)

$V_{CO_2} = 0,05.22,4 = 1,12(lít)$
$V_{Cl_2} = 0,25.22,4 = 5,6(lít)$
$V_{N_2} = 0,75.22,4 = 16,8(lít)$

VHH= 22,4 nO2+nH2+nO2=22,4(0,75+0,35+0,8)=33,6 lít

hãy trả lời đi chớ

H2+O2=...

giúp mik vs

PTHH d) là đúng

em chọn môn Hoá học nhé

_Trích mẫu thử, đánh STT_

- Cho dd Ba(OH)₂ lần lượt vào các mẫu thử, nếu thấy:

+ Mẫu thử tạo kết tủa màu trắng -> Na₂SO₄

\(Na_2SO_4+Ba\left(OH\right)_2\rightarrow BaSO_4\downarrow+2NaOH\)

+ Mẫu thử tạo kết tủa màu nâu đỏ -> FeCl₃

\(2FeCl_3+3Ba\left(OH\right)_2\rightarrow2Fe\left(OH\right)_3\downarrow+3BaCl_2\)

+ Mẫu thử tạo kết tủa màu xanh lơ -> CuCl₂

\(CuCl_2+Ba\left(OH\right)_2\rightarrow Cu\left(OH\right)_2\downarrow+BaCl_2\)

+ Mẫu thử không hiện tượng -> NaCl

_Dán nhãn_