Sửa đề : I là trung điểm AO

a,Xét tứ giác AEIM có ^EAI + ^EMI = 90^o

=> Tứ giác AEIM nội tiếp 

Tương tự tứ giác MIBF nội tiếp

b,Vì tứ giác AEIM nội tiếp

=> ^MEI = ^MAI

Tương tự ^MFI = ^MBI

Vì M thuộc (O) đường kính AB

=> ^AMB = 90^o

=> ^MAI + ^MBI = 90^o

=> ^MEI + ^MFI = 90^o

=> ^EIF = 90^o

c, Xét \(\Delta\)AEI và \(\Delta\)BIF có

^EAI = ^FBI ( = 90^o )

^AEI = ^BIF (Cùng phụ ^EIA)

\(\Rightarrow\Delta AEI\approx\Delta BIF\left(g.g\right)\)

=> AE . BF = AI . BI

 Vì I là trung điểm AO

=> \(AI=\frac{AO}{2}=\frac{R}{2}\)

=> \(BI=AB-AI=2R-\frac{R}{2}=\frac{3R}{2}\)

\(\Rightarrow AE.BF=AI.BI=\frac{R}{2}.\frac{3R}{2}=\frac{3R^2}{4}\)

d,(Mấy cái lặt vặt tính cạnh theo R mình không làm nữa nhé , bạn tự hiểu nha)

Có \(S_{EIF}=S_{AEBF}-S_{AEI}-S_{BIF}\)

             \(=\frac{\left(AE+BF\right).AB}{2}-\frac{AE.AI}{2}-\frac{BI.BF}{2}\)

             \(=\frac{\left(AE+BF\right).2R}{2}-\frac{AE}{2}.\frac{R}{2}-\frac{BF}{2}.\frac{3R}{2}\)

            \(=\left(AE+BF\right).R-\frac{AE.R}{4}-\frac{3BF.R}{4}\)

            \(=AE.R-\frac{AE.R}{4}+BF.R-\frac{3BF.R}{4}\)

            \(=\frac{3AE.R}{4}+\frac{BF.R}{4}\)

            \(\ge2\sqrt{\frac{3AE.R.BF.R}{4.4}}\)

           \(=2\sqrt{\frac{3R^2.AE.BF}{16}}\)

            \(=2\sqrt{\frac{3R^2.\frac{3R^2}{4}}{16}}\)

              \(=\frac{3R^2}{4}\)

Dấu "=" xảy ra \(\Leftrightarrow\frac{3AE.R}{4}=\frac{BF.R}{4}\)

                        \(\Leftrightarrow3AE=BF\)

Thay vào \(AE.BF=\frac{3R^2}{4}\)

\(\Leftrightarrow AE.3AE=\frac{3R^2}{4}\)

\(\Leftrightarrow AE=\frac{R}{2}\)

\(\Leftrightarrow BF=\frac{3R}{2}\)

Vậy .,..........

a) Gọi O' là đối xứng của O qua B ta có O'B=R (không đổi). Dựng đường tròn (O',R) thì (O') cố định.

Ta sẽ chứng minh M thuộc (O'). Thật vậy:

Xét \(\Delta\)ABO và \(\Delta\)MBO' có: ^ABO = ^MBO' (Đối đỉnh); BO=BO'; BA=BM => \(\Delta\)ABO = \(\Delta\)MBO' (c.g.c)

=> OA = O'M (2 cạnh tương ứng). Mà OA = R nên O'M = R => M thuộc đường tròn (O';R)

Vậy M luôn nằm trên (O';R) cố định (đpcm).

b) Lấy T là trung điểm đoạn AH. Kẻ đường kính FR của (O). Gọi EF cắt AG tại K.

Dễ thấy IT là đường trung bình trong \(\Delta\)AHC => IT // AC => IT vuông góc AB (Do ^BAC=90⁰)

Xét \(\Delta\)BAI: AH vuông góc BI; IT vuông góc AB (cmt), T thuộc AH => T là trực tâm \(\Delta\)BAI

=> BT vuông góc AI. Xét \(\Delta\)MAH: T trung điểm AH, B trung điểm AM => BT // MH

Do đó: AI vuông góc MH hay AG vuông góc EF tại K. Áp dụng ĐL Pytagore:

\(AF^2+FG^2+GE^2+EA^2=2\left(KA^2+KF^2+KG^2+KE^2\right)=2\left(AF^2+GE^2\right)\)(*)

Ta có EF vuông góc ER và EF vuông góc AG => AG // ER => Tứ giác AERG là hình thang cân => GE = AR

Từ đó (*) trở thành: \(AF^2+FG^2+GE^2+EA^2=2\left(AF^2+AR^2\right)=2\left(2R\right)^2=8R^2=const\)

Vậy biểu thức trên có giá trị ko đổi khi A di chuyển (đpcm).

c) Kẻ HQ vuông góc cạnh AC. Gọi S là tâm ngoại tiếp \(\Delta\)BCP. Gọi bán kính đường rtonf (BCP) là R₀

Ta có: AP.AB = AQ.AC (=AH²) (Theo hệ thức lượng) => Tứ giác BPQC nội tiếp hoặc Q nằm trên (BCP)

=> S nằm trên trung trực của PQ. Dễ có T là trung điểm PQ (Vì tứ giác APHQ là hcn)

Nên ST vuông góc PQ tại T. Theo ĐL Pytagore (cho \(\Delta\)PTS) có: \(R_0=SP=\sqrt{PT^2+ST^2}\)(1)

Mặt khác: ^OAC = ^OCA = ^APQ => OA vuông góc PQ. Mà ST vuông góc PQ => OA // ST

Kết hợp với AT // OS (Cùng vuông góc BC) => Tứ giác ATSO là hbh => ST = OA = R (2)

Từ (1) và (2) => \(R_0=\sqrt{PT^2+R^2}=\sqrt{\frac{AH^2}{4}+R^2}\)(Vì PT=PQ/2=AH/2)

=> R₀ lớn nhất <=> AH lớn nhất <=> A là điểm chính giữa cung BC của (O). Khi đó AH < R

Vậy nên \(R_0\le\sqrt{\frac{R^2}{4}+R^2}=\frac{R\sqrt{5}}{2}=const\). Đạt được khi A trùng với trung điểm cung BC (A₀).

Xem nó là phương trình ẩn a rồi dùng \(\Delta\)là ra

Câu hỏi của Cuồng Song Joong Ki - Toán lớp 8  (em không chắc đâu nha)

Có: \(\frac{2018a+3}{1+b^2}=2018a+3-\frac{b^2\left(2018a+3\right)}{1+b^2}\) (Làm tắt ráng hiểu ^^)

                                \(\ge2018a+3-\frac{b^2\left(2018a+3\right)}{2b}\left(Cauchy\right)\)

                                  \(=2018a+3-\frac{b\left(2018a+3\right)}{2}\)

                                   \(=2018a+3-\frac{2018ab+3b}{2}\)

Tương tự \(\frac{2018b+3}{1+c^2}\ge2018b+3-\frac{2018bc+3b}{2}\)

                \(\frac{2018c+3}{1+a^2}\ge2018c+3-\frac{2018ac+3a}{2}\)

CỘng vế với vế của các bđt trên lại ta được 

\(A\ge2018\left(a+b+c\right)+9-\frac{2018\left(ab+bc+ca\right)+3\left(a+b+c\right)}{2}\)

     \(=2018\left(a+b+c\right)+9-\frac{6054+3\left(a+b+c\right)}{2}\)

       \(=2018\left(a+b+c\right)-\frac{3\left(a+b+c\right)}{2}-3018\)

       \(=\frac{4033\left(a+b+c\right)}{2}-3018\)

Ta có bđt phụ : \(a+b+c\ge\sqrt{3\left(ab+bc+ca\right)}\)(1)

Thật vậy \(\left(1\right)\Leftrightarrow\left(a+b+c\right)^2\ge3\left(ab+bc+ca\right)\)   

                       \(\Leftrightarrow a^2+b^2+c^2+2ab+2ac+2bc\ge3ab+3bc+3ca\)

                     \(\Leftrightarrow a^2+b^2+c^2-ab-bc-ca\ge0\)

                      \(\Leftrightarrow2a^2+2b^2+2c^2-2ab-2bc-2ca\ge0\)

                   \(\Leftrightarrow\left(a-b\right)^2+\left(b-c\right)^2+\left(c-a\right)^2\ge0\)(Luôn đúng)

Nên (1) được chứng minh

ÁP dụng (1) ta được \(A\ge\frac{4033\left(a+b+c\right)}{2}-3018\ge\frac{4033}{2}\sqrt{3\left(ab+bc+ca\right)}-3018\)

                                                                                                     \(=\frac{4033}{2}\sqrt{3.3}-3018\)

                                                                                                       \(=\frac{6063}{2}\)

Dấu "='' xảy ra \(\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}a=b=c\\ab+bc+ca=3\end{cases}\Leftrightarrow}a=b=c=1\)

Vậy \(A_{min}=\frac{6063}{2}\Leftrightarrow a=b=c=1\)

ĐKXĐ: \(\hept{\begin{cases}x\ge0\\y\ge0\end{cases}}\)

Từ điều kiện suy ra

\(\hept{\begin{cases}x+\sqrt{x}+\sqrt{y+4}\ge0+\sqrt{0}+\sqrt{0+4}=2\\y+\sqrt{y}+\sqrt{x+1}\ge0+\sqrt{0}+\sqrt{0+1}=1\end{cases}}\)

Dấu "=" xảy ra <=> x = y = 0

Vậy ,........

Mấy bài này cứ phá hết ra là xong thôi bạn

\(a,\left(ac+bd\right)^2+\left(ad-bc\right)^2=a^2c^2+2abcd+b^2d^2+a^2d^2+2abcd+b^2c^2\)

                                                              \(=a^2c^2+b^2d^2+a^2d^2+b^2c^2\)

                                                              \(=a^2\left(c^2+d^2\right)+b^2\left(c^2+d^2\right)\)

                                                                \(=\left(a^2+b^2\right)\left(c^2+d^2\right)\)

\(b,\left(ac+bd\right)^2\le\left(a^2+b^2\right)\left(c^2+d^2\right)\)

\(\Leftrightarrow a^2c^2+2abcd+b^2d^2\le a^2c^2+a^2d^2+b^2c^2+b^2d^2\)

\(\Leftrightarrow a^2b^2-2abcd+c^2d^2\ge0\)

\(\Leftrightarrow\left(ab-cd\right)^2\ge0\)(Luôn đúng)

Dấu "=" khi ab = cd

cái hệ đây =))))) 

\(\hept{\begin{cases}\frac{1}{x}+\frac{1}{y}=\frac{1}{18}\\\frac{6}{x}+\frac{8}{y}=\frac{40}{100}\end{cases}}\)rồi auto giải nốt =))))))

Ngại viết mấy cái gọi x,y rồi điều kiện nếu cần ib riêng cho tớ nhé :)))))))) 

tôi nhưng cần k

tôi biết

hùng dz

Đổi 4 giờ 48 phút = 4,8 giờ

Gọi $x$ là thời gian vòi 1 chảy đầy bể,

$y$ là thời gian vòi 2 chảy đầy bể (điều kiện $x,y>4,8$)

Trong 1 giờ vòi 1 chảy được số bể là: $\frac{1}{x}$ (bể)

Trong 1 giờ vòi 2 chảy được số bể là: $\frac{1}{y}$ (bể)

Hai vòi nước cùng chảy vào một bể sau 4 giờ 48 phút giờ sẽ đầy, nên trong 1 giờ hai vòi cùng chảy thì được $\frac{1}{4,8}=\frac{5}{24}$ bể, ta có phương trình:

$\frac{1}{x}+\frac{1}{y}=\frac{5}{24}$ (1)

Vì nếu vòi 1 chảy trong 3h, vòi 2 chảy trong 4h thì được $\frac{3}{4}$ bể nên ta có phương trình:

$\frac{3}{x}+\frac{4}{y}=\frac{3}{4}$ (2)

Giải hệ phương trình (1) và (2)

$\Rightarrow x=12$ (thỏa mãn), $y=8$ (thỏa mãn)

Vậy vòi 1 chảy đầy bể trong12h và vòi 2 chảy đầu bể trong 8h.