Nguyễn Đức Trí
Giới thiệu về bản thân
\(MgO+2HCl=MgCl_2+H_2O\)
\(x\) \(2x\)
\(ZnO+2HCl=ZnCl_2+H_2O\)
\(y\) \(2y\)
\(n_{HCl}=C_M.V=2.0,3=0,6\left(mol\right)\)
Gọi \(x;y\) là số mol của \(MgO;ZnO\)
Dựa vào phương trình phản ứng ta có : \(2x+2y=0,6\left(mol\right)\)
Theo đề bài ta có :\(40x+81y=20,2\left(g\right)\)
Giải Hpt ta được : \(\left\{{}\begin{matrix}x=0,1\\y=0,2\end{matrix}\right.\)
\(m_{MgO}=n.M=0,1.40=4\left(g\right)\)
\(m_{ZnO}=n.M=0,2.81=16,2\left(g\right)\)
\(C\%\left(MgO\right)=\dfrac{4}{20,2}.100\%\approx20\%\)
\(C\%\left(MgO\right)=100\%-20\%=80\%\)
Đặt \(y=x+3\)
\(Pt\Leftrightarrow\left(y+1\right)^4+\left(y-1\right)^4=17\)
\(\Leftrightarrow\left(y^4+4y^3+6y^2+4y+1\right)+\left(y^4-4y^3+6y^2-4y+1\right)=17\)
\(\Leftrightarrow2y^4+12y^2+2=34\)
\(\Leftrightarrow2y^4+12y^2-32=0\)
\(\Leftrightarrow y^4+6y^2-16=0\)
\(\Leftrightarrow\left[{}\begin{matrix}t^2=2\left(nhận\right)\\t^2=-8\left(loại\right)\end{matrix}\right.\)
\(\Leftrightarrow\left(x+3\right)^2=2\)
\(\Leftrightarrow x+3=\pm\sqrt{2}\)
\(\Leftrightarrow x=-3\pm\sqrt{2}\)
a) \(2Al+3H_2SO_4\rightarrow Al_2\left(SO_4\right)_3+3H_2\uparrow\)
\(n_{H_2}=\dfrac{V}{24,79}=\dfrac{7,437}{24,79}=0,3\left(mol\right)\)
\(n_{H_2SO_4}=\dfrac{m}{M}=\dfrac{39,2}{98}=0,4\left(mol\right)\)
Dựa vào Phương trình phản ứng ta có :
\(\dfrac{n_{H_2SO_4}}{3}=\dfrac{0,4}{3}>\dfrac{0,3}{3}=\dfrac{n_{H_2}}{3}\)
Nên \(H_2SO_4\) dư
\(n_{Al}=\dfrac{0,3.2}{3}=0,2\left(mol\right)\)
\(\)\(m_{Al}=n.M=0,2.27=5,4\left(g\right)\)
\(n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{0,3.1}{3}=0,1\left(mol\right)\)
\(m_{n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}}=n.M=0,1.342=34,2\left(g\right)\)
\(n_{H_2SO_4}\left(phản.ứng\right)=\dfrac{0,3.3}{3}=0,3\left(mol\right)\)
\(m_{H_2SO_4}\left(phản.ứng\right)=0,3.98=29,4\left(g\right)\)
\(m_{H_2SO_4}\left(dư\right)=39,2-29,4=9,8\left(g\right)\)
Bài 3 :
Theo đề bài ta có :
2 hộp bánh + 2 hộp kẹo = 70.000 đồng (1)
1 hộp bánh + 1 hộp sữa = 65.000 đồng (2)
1 hộp sữa = 3 hộp kẹo (3)
(2);(3) ta được: 1 hộp bánh + 3 hộp kẹo = 65.000 đồng
(1) ta được : 1 hộp bánh + 1 hộp kẹo = 35.000 đồng
2 hộp kẹo = 65.000-35000=30.000 đồng
1 hộp kẹo = 30.000:2=15.000 đồng
1 hộp sữa = 3 x 15.000=45.000 đồng
1 hộp bánh= 65.000-45.000=20.000 đồng
Đáp số...
Bài 4 :
Theo đề bài ta có :
5 bút xanh + 3 bút đỏ = 19.000 đồng
5 bút xanh - 2 bút đỏ = 4.000 đồng
5 bút đỏ = 19.000-4.000= 15.000 đồng
1 bút đỏ = 15.000:5=3.000 đồng
1 bút xanh = (4.000+2x3.000):5= 2.000 đồng
Đáp số...
Gọi \(h_a;h_b;h_c>0\left(cm\right)\) lần lượt là đường cao tương ứng với 3 cạnh \(a;b;c>0\left(cm\right)\)
Theo đề bài ta có :
\(\dfrac{h_a}{\dfrac{1}{3}}=\dfrac{h_b}{\dfrac{1}{4}}=\dfrac{h_c}{\dfrac{1}{5}}\)
mà Diện tích tam giác là :
\(S=\dfrac{1}{2}.h_a.a=\dfrac{1}{2}.h_b.b=\dfrac{1}{2}.h_c.c\)
\(\Rightarrow\dfrac{a}{3}=\dfrac{b}{4}=\dfrac{c}{5}\)
mà \(a+b+c=36\left(cm\right)\)
\(\Rightarrow\dfrac{a}{3}=\dfrac{b}{4}=\dfrac{c}{5}=\dfrac{a+b+c}{3+4+5}=\dfrac{36}{12}=3\)
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\dfrac{a}{3}=2\\\dfrac{b}{4}=2\\\dfrac{c}{5}=2\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=6\\b=8\\c=10\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}h_a=\dfrac{1}{6}\\h_b=\dfrac{1}{8}\\h_c=\dfrac{1}{10}\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow S=\dfrac{1}{2}.h_a.a=\dfrac{1}{2}.6.\dfrac{1}{6}=\dfrac{1}{2}\left(cm^2\right)\)
\(A=\dfrac{1}{4}+\dfrac{1}{9}+...+\dfrac{1}{100^2}< \dfrac{1}{2.3}+\dfrac{1}{3.4}+...\dfrac{1}{100.101}\)
\(\Rightarrow A< \dfrac{1}{2}-\dfrac{1}{3}+\dfrac{1}{3}-\dfrac{1}{4}+...+\dfrac{1}{100}-\dfrac{1}{101}\)
\(\Rightarrow A< \dfrac{1}{2}-\dfrac{1}{101}< \dfrac{1}{2}\)
mà \(\dfrac{1}{2}=\dfrac{18}{36}< \dfrac{25}{36}\)
\(\Rightarrow A< \dfrac{25}{36}\left(đpcm\right)\)
Ta có :
\(n^2\) là 1 số chính phương nên có chữ số tận cùng là :\(\left\{1;2;4;5;6;9\right\}\)
\(\Rightarrow n^2-8\) có chữ số tận cùng là : \(\left\{3;4;6;7;8;1\right\}\)
mà một số chia hết cho 5 là số có chữ số tận cùng là \(0\); hoặc \(5\)
\(\Rightarrow n^2-8\)\(⋮̸\)\(5\left(đpcm\right)\)
\(x\in B\left(13\right)=\left\{13;26;39;52;65;78;91;104;117;130;143...\right\}\) \(\left(x\inℕ\right)\)
mà \(40\le x\le130\)
\(\Rightarrow x\in\left\{52;65;78;91;104;117;130\right\}\left(x\inℕ\right)\)
\(1000m=1km\)
Vận tốc của Bạn Tú chạy hết quãng đường là:
\(\dfrac{1}{\dfrac{3}{10}}=\dfrac{10}{3}\left(km/h\right)\)
Vận tốc của Bạn Bình chạy hết quãng đường là:
\(\dfrac{1}{\dfrac{1}{12}}=12\left(km/h\right)\)
Vận tốc của Bạn Huy chạy hết quãng đường là:
\(\dfrac{1}{\dfrac{4}{60}}=15\left(km/h\right)\)
Vận tốc của Bạn An chạy hết quãng đường là:
\(\dfrac{1}{\dfrac{1}{10}}=10\left(km/h\right)\)
Ta thấy \(15>12>10>\dfrac{10}{3}\)
Nên bạn Huy về đích sớm nhất.
Bài 2 :
a)
\(4Al+3O_2\rightarrow2Al_2O_3\)
\(n_{Al}=\dfrac{m}{M}=\dfrac{8,1}{27}=0,3\left(mol\right)\)
\(n_{O_2}=\dfrac{V}{22,4}=\dfrac{3,7185}{22,4}\approx0,17\left(mol\right)\)
Dựa vào phương trình phản ứng ta được :
\(\dfrac{n_{Al}}{4}=\dfrac{0,3}{4}>\dfrac{n_{O_2}}{3}=\dfrac{0,17}{3}\)
Nên \(O_2\) phản ứng hết còn \(Al\) bị dư
\(n_{Al_2O_3}=\dfrac{2.0,17}{3}=0,11\left(mol\right)\)
\(m_{Al_2O_3}=n.M=0,11.102=11,22\left(g\right)\)
b) \(n_{Al}\left(phản.ứng\right)=\dfrac{4.0,17}{3}=0,23\left(mol\right)\)
\(m_{Al}\left(phản.ứng\right)=n.M=0,23.27=6,21\left(g\right)\)
\(\%m_{Al}\left(phản.ứng\right)=\dfrac{m_{Al}\left(phản.ứng\right)}{m_{Al}\left(ban.đầu\right)}.100\%=\dfrac{6,21}{8,1}.100\%=76,7\%\)