Ta có: \(n_{H_2}=\dfrac{5,6}{22,4}=0,25\left(mol\right)\)

PT: \(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

Theo PT: \(n_{Fe}=n_{H_2}=0,25\left(mol\right)\Rightarrow m_{Fe}=0,25.56=14\left(g\right)=m_1\)

\(n_{HCl}=2n_{H_2}=0,5\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{HCl}=0,5.36,5=18,25\left(g\right)\)

\(\Rightarrow m_{ddHCl}=\dfrac{18,25}{7,3\%}=250\left(g\right)=m_2\)

cảm ơn trước nha

1 mol CuO tác dụng với H₂SO₄ thu được 1 mol CuSO₄ 

a, \(2NaOH+H_2SO_4\rightarrow Na_2SO_4+2H_2O\)

\(2KOH+H_2SO_4\rightarrow K_2SO_4+2H_2O\)

Ta có: 40n_NaOH + 56n_KOH = 25,44 (1)

\(n_{H_2SO_4}=\dfrac{1}{2}n_{NaOH}+\dfrac{1}{2}n_{KOH}=0,3.0,9=0,27\left(mol\right)\left(2\right)\)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{NaOH}=0,3\left(mol\right)\\n_{KOH}=0,24\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}m_{NaOH}=0,3.40=12\left(g\right)\\m_{KOH}=0,24.56=13,44\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

b, \(m_{ddH_2SO_4}=300.1,14=342\left(g\right)\)

\(\Rightarrow C\%_{H_2SO_4}=\dfrac{0,27.98}{342}.100\%\approx7,74\%\)

a, \(4Al+3O_2\underrightarrow{t^o}2Al_2O_3\)

b, \(n_{O_2}=\dfrac{7,437}{24,79}=0,3\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{Al_2O_3}=\dfrac{2}{3}n_{O_2}=0,2\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{Al_2O_3}=0,2.102=20,4\left(g\right)\)

c, \(H=\dfrac{18,36}{20,4}.100\%=90\%\)

\(\veebar\)

PT: \(2Al+6HCl\rightarrow2AlCl_3+3H_2\)

a, \(n_{H_2}=\dfrac{0,7437}{24,79}=0,03\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{HCl}=2n_{H_2}=0,06\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V_{HCl}=\dfrac{0,06}{0,1}=0,6\left(l\right)\)

b, \(H=\dfrac{669,33}{743,7}.100\%=90\%\)

C16: B

C17: C

C18: B

C19: B

C20: C

\(n_{CuO}=\dfrac{8}{80}=0,1\left(mol\right)\)

\(m_{HCl}=73.20\%=14,6\left(g\right)\Rightarrow n_{HCl}=\dfrac{14,6}{36,5}=0,4\left(mol\right)\)

PT: \(CuO+2HCl\rightarrow CuCl_2+H_2O\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,1}{1}< \dfrac{0,4}{2}\), ta được HCl dư.

Theo PT: \(n_{CuCl_2}=n_{CuO}=0,1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{CuCl_2}=0,1.135=13,5\left(g\right)\)

nCuO​=808​=0,1(mol)

����=73.20%=14,6(�)⇒����=14,636,5=0,4(���)mHCl​=73.20%=14,6(g)⇒nHCl​=36,514,6​=0,4(mol)

PT: ���+2���→����2+�2�CuO+2HCl→CuCl2​+H2​O

Xét tỉ lệ: 0,11<0,4210,1​<20,4​, ta được HCl dư.

Theo PT: �����2=����=0,1(���)nCuCl2​​=nCuO​=0,1(mol)

⇒�����2=0,1.135=13,5(�)⇒mCuCl2​​=0,1.135=13,5(g)

Học tốt<3

\(CaCO_3\xrightarrow[]{t^0}CaO+CO_2\)

Cứ 100 tấn đá vôi thì nung được 56 tấn vôi

\(\Rightarrow\dfrac{1}{100}=\dfrac{m_{CaO\left(lt\right)}}{56}\\ \Rightarrow m_{CaO\left(lt\right)}=0,56tấn\\ m_{CaO\left(tt\right)}=0,56.70\%=0,392tấn\)

PT: \(RO+2HCl\rightarrow RCl_2+H_2O\)

Gọi: m_RO = a (g)

\(\Rightarrow n_{RO}=\dfrac{a}{M_R+16}\left(mol\right)\)

Theo PT: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{HCl}=2n_{RO}=\dfrac{2a}{M_R+16}\left(mol\right)\\n_{RCl_2}=n_{RO}=\dfrac{a}{M_R+16}\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow m_{HCl}=\dfrac{2a}{M_R+16}.36,5=\dfrac{73a}{M_R+16}\left(g\right)\)

\(\Rightarrow m_{ddHCl}=\dfrac{\dfrac{73a}{M_R+16}}{14,6\%}=\dfrac{500a}{M_R+16}\left(g\right)\)

⇒ m _{dd sau pư} = \(a+\dfrac{500a}{M_R+16}\left(g\right)\)

Mà: \(m_{RCl_2}=\dfrac{a}{M_R+16}.\left(M_R+71\right)\left(g\right)\)

\(\Rightarrow\dfrac{\dfrac{a}{M_R+16}.\left(M_R+71\right)}{a+\dfrac{500a}{M_R+16}}=0,17592\)

\(\Rightarrow M_R=24\left(g/mol\right)\)

→ R là Mg.

Em xem lại bài làm nhé, nếu sửa đề thì giải PT ở dòng thứ 2 từ cuối lên không ra M_R = 24 (g/mol) được đâu.

Bạn thử tra google xem có đáp án ko nhé. Chứ mình có lớp 5 thôi. Sang năm mình mới trả lời nha. Thông cảm chút xíu!

Hãy xem lại đề.

Do hiện tượng dãn nở vì nhiệt của nước: nở ra khi nóng lên, co lại khi lạnh đi, nên khi đun sôi, nước thường nở ra và tràn ra ngoài nếu đun quá nhiều nước mỗi lần

Để khắc phục tình trạng này, có những biện pháp như sau:

+ Giảm lượng nước đun cho mỗi lần đun nước

+ Chú ý theo dõi khi đang đun nước để tắt bếp kịp thời, tránh tình trạng nước trào ra ngoài, đồng thời giảm lượng nhiên liệu dùng để đun nước

+ Sử dụng các thiết bị đun nước tự động ngắt khi sôi